2020年湖北省孝感市中考物理试卷
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分．其中1一8小题为单项选择题，9和10小题为多项选择题．对于多项选择题选对的得3分，选对但不全的得2分，不选和错选得0分）
1．（3分）下列有关声现象，说法正确的是（）
A．声音的传播不需要介质，真空也能传声
B．频率的高低决定声音的音色
C．利用超声波给金属工件探伤，说明声能传递信息
D．从环境保护的角度来讲，优美的音乐一定不属于噪声
2．（3分）下列有关光现象对应的解释与应用正确的是（）A．小孔成像是光的直线传播形成的
B．湖中有趣的倒影是光的折射形成的
C．游泳池注水后看上去变浅是光的反射形成的
D．远视眼的矫正，可在眼睛前放一个合适的凹透镜
3．（3分）下面是与热现象有关的四幅图形，其中说法正确的是（）
A．图甲中寒冷玻璃上的冰花是水蒸气升华而成
B．图乙中昆虫和植物上的露珠是水蒸气液化而成
C．图丙是某次温度计读数的示意图，这样读数会使测量结果偏大
D．图丁是晶体熔化过程中温度变化曲线，其中晶体在BC段不吸收热量
4．（3分）汽车已经成为现代生活中不可缺少的一部分，下列与汽车有关的说法正确的是（）
A．汽车静止时，对地面的压力与汽车所受的重力为一对相互作用力
B．汽车行驶时，以汽车为参照物路边的树是静止的
C．汽车轮胎上凹凸不平的花纹是为了增大摩擦
D．汽车高速行驶时，车窗外空气流速越大，压强越大
5．（3分）如图所示的电路中，电源电压恒定，L为小灯泡，滑动变阻器R的滑片P处于中点，通过控制开关S1、S2和S3的通断来研究电路的常见故障与串、并联，通过调节滑动变阻器来分析电路中电流的变化情况，则（）
A．闭合S3，断开S1、S2，R被短路
B．闭合S1，断开S2、S3，L与R串联
C．闭合S2，断开S1、S3，L与R并联
D．闭合S2，断开S1、S3，滑片P向右移动，电流表的示数变小6．（3分）2020年6月23日，我国成功发射北斗三号最后一颗全球
组网卫星。以下有关说法正确的是（）
A．北斗卫星在竖直向上加速升空过程中，其机械能不变
B．北斗卫星在竖直向上加速升空过程中，外界大气压强越来越大
C．北斗卫星进入预定轨道后，不再具有惯性
D．北斗卫星的太阳能帆板能将太阳能转化为电能
7．（3分）关于下列几个图形，说法正确的是（）
A．图甲中装置内的空气被压缩时内能减小
B．图乙中家用电能表是一种测量电功率的仪表
C．图丙中验电器的金属箔张开是由于同种电荷相互排斥
D．图丁中内燃机在做功冲程中将机械能转化为内能
8．（3分）以下说法中错误的是（）
A．可用安培定则来判断通电螺线管的N极
B．电动机是利用电磁感应原理制成的
C．目前获得核能的途径有两种：裂变、聚变
D．煤、石油属于不可再生能源
9．（3分）如图所示，某建筑工人利用滑轮组提升水平面上重900N、底面积为200cm2的方形货箱，货箱20s内匀速上升4m，工人所
用拉力F为400N（不计绳重和摩擦），则（）
A．人拉绳子的速度为0.2m/s
B．动滑轮的重力为300N
C．此段时间内，拉力F做功为3600J
D．当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对地面的压强为4.5×104Pa 10．（3分）如图甲所示，电源电压U恒定，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，两电压表V1、V2的示数随电流表示数变化的图象如图乙所示，则（）
A．图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象
B．电源电压U＝3.0V
C．定值电阻R0＝24Ω
D．调节滑片P的过程中，滑动变阻器R的最大电功率为0.375W 二、作图与实验探究题（本大题共5小题，共20分）
11．（2分）如图所示，放在水平地面上的小车B与弹簧相连，弹簧处于伸长状态，物体A与小车B均静止。请画出：
①物体A的重力示意图（O为物体A的重心）；
②弹簧对小车B的弹力示意图。
12．（2分）如图所示，SC、SD为点燃的蜡烛发出的两条光线，光线SC平行于凸透镜的主光轴，O为凸透镜的光心，F为凸透镜的焦点：光线SD斜射到平面镜上。请画出：
①光线SC经过凸透镜折射后的光线；
②光线SD经过平面镜反射后的光线。
13．（4分）如图所示为“探究物体动能跟哪些因素有关”的装置示意图。
（1）原理：运动的钢球A碰上木块B后，能将B撞出一段距离s。在同样的水平面上，B被撞得越远，A对B做的功就越多，A的动能就越大，通过B被撞的远近来反映物体A动能大小的方法在物
理学中属于（选填“控制变量法”或“转换法”）。
（2）步骤：
①让同一钢球A分别从不同高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越，木块B被撞得越远；
②改变钢球的质量，让不同的钢球从（选填“同一”或“不同”）高度由静止开始滚下，质量越大的钢球将木块B撞得越远。（3）结论：通过多次实验表明，质量相同的物体，运动的速度越大，它的动能越大；运动速度相同的物体，质量越大，它的动能。
14．（6分）某同学利用如图甲所示电路来测量小灯泡的额定电功率，电源电压恒定，小灯泡的额定电压为2.5V，实验步骤如下：
（1）请根据图甲所示的电路图，用笔画线代替导线将图乙中的实物连接完整（要求滑片P向左移动的过程中电流表示数变小）；（2）正确连接电路后，闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片P 置于（选填“A”或“B”）端；
（3）闭合开关S，发现电流表指针偏转，小灯泡微弱发光，而电压表指针无偏转，则故障的原因可能是电压表（选填“断路”或“短路”）；
（4）排除故障后，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P，使小灯泡两端电压达到额定电压，此时电流表的示数如图丙所示，则通过小灯泡的电流为A；
（5）通过以上数据可以计算出小灯泡的额定功率为W；（6）在测量小灯泡额定电功率时，另一位细心的同学在调节滑动变阻器的过程中，记录了多组电压表与电流表的示数，并大致描绘出了小灯泡的I﹣U图象，如图丁所示。通过图象可以发现不同电压下小灯泡的电阻不同，小灯泡灯丝的电阻随温度的升高而。
15．（6分）为了测定某种液体的密度，同学们分成两组分别进行实验。
（1）第一小组同学用到的实验器材有天平、量筒、烧杯等，她们的操作步骤如下：
①首先将天平放置于水平桌面上，观察到天平是（选填“省力”、“等臂”或“费力”）杠杆；
②将游码放到标尺左端的零刻度线处，发现天平分度盘的指针如图甲所示，此时应将平衡螺母向（选填“左”或“右”）调节，直至天平横梁平衡；
③将待测液体倒入空烧杯中，用天平测量出烧杯和待测液体的总质量m1＝92.6g，然后将烧杯中适量的待测液体倒入空量筒中，如图乙所示，则量筒中待测液体的体积为V＝ml，再次用天平测量出烧杯和剩下待测液体的总质量m2＝59.8g，则量筒中待测液体的质量为g；
④通过以上步骤，测得这种待测液体的密度为kg/m3。（2）第二小组同学用到的实验器材有弹簧测力计、烧杯、细线、体积为V0的物体等，他们的方法如下：
①将物体用细线挂在弹簧测力计下，如图丙所示，静止时弹簧测力计的示数为F1；
②然后将弹簧测力计下的物体浸没到装有待测液体的烧杯中，如图丁所示，静止时弹簧测力计的示数为F2；
③该组同学测出待测液体密度的表达式为ρ＝（请用F1、F2、V0、g表示）。
三、应用题（本大题共3小题，共20分）
16．（6分）如图所示，水平地面上M点有一质量为60kg的箱子，现用水平向左的推力将箱子沿直线匀速推至N点，所用时间30s，MN间的距离为15m（g＝10N/kg）。求：
（1）箱子所受的重力；
（2）箱子运动的速度；
（3）若箱子在运动过程中所受阻力为自身重力的0.2倍，则从M 点推至N点的过程中推力对箱子做功的功率。
17．（6分）物块P与金属球Q用细线连接，一起放入装有一定质量水的柱状容器内，二者恰好悬浮，如图甲所示，此时柱状容器中水的深度为23cm；物块P重1N、体积为1.25×10﹣4m3（ρ水＝1.0×103kg/m3，g＝10N/kg）。求：
（1）图甲中水对容器底部的压强；
（2）图甲中物块P所受浮力的大小；
（3）若剪断细线，物块P上浮，金属球Q下沉，待稳定后，物块P漂浮于水面，如图乙所示，则此时物块P露出水面的体积。
18．（8分）如图甲所示为便携式可折叠电热壶，额定电压为220V．电热壶具有加热、保温两档，保温档的额定功率为110W，内部简化电路如图乙所示，当双触点开关接触1和2时为关闭状态，接触2和3时为保温档，接触3和4时为加热档。R1、R2是两个阻值不
变的发热元件，R2＝48.4Ω，现将电热壶接到220V的家庭电路中，求：
（1）R1的阻值；
（2）加热档的电功率；
（3）若电热壶内装有0.5kg的水，现用加热档使水从25℃升高到100℃，加热效率为63%，则需要工作多少秒（c水＝4.2×103J/（kg ?℃），结果保留一位小数）。
2020年湖北省孝感市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每小题3分，共30分．其中1一8小题为单项选择题，9和10小题为多项选择题．对于多项选择题选对的得3分，选对但不全的得2分，不选和错选得0分）
1．【解答】解：
A、声音的传播需要介质，真空不能传声，故A错误。
B、频率的高低决定声音音调的高低，振动物体的结构和材料决定声音的音色，故B错误。
C、利用超声波给金属工件探伤，是获得金属工件内部的一些信息，这属于声能传递信息，故C正确。
D、优美的音乐影响人们的工作、学习、生活时也属于噪声，故D 错误。
故选：C。
2．【解答】解：A、小孔成像是由光的直线传播形成的实像，故A正确；
B、湖中倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、游泳池注水后，看上去好像变浅了，这是由于光的折射造成的，故C错误；
D、物体经过眼睛的晶状体成像在视网膜后面的是远视眼，要矫正远视眼，就要对光线进行会聚，即需要佩戴凸透镜，故D错误。
故选：A。
3．【解答】解：A、玻璃上的冰花是气态水蒸气变成的固态小冰晶，属于凝华现象，故A错误；
B、露珠是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故B正确；
C、温度计读数仰视，会造成读数偏小，故C错误；
D、BC段为晶体的熔化过程，该过程中晶体吸收热量，温度不变，故D错误。
故选：B。
4．【解答】解：
A、汽车静止时，汽车对地面的压力和地面对汽车的支持力作用在两个物体上，是一对相互作用力，故A错误。
B、以该汽车为参照物，树和车之间的相对位置发生了变化，所以树是运动的；故B错误；
C、汽车轮胎上刻有凹凸不平的花纹，这是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦的，故C正确；
D、根据流体压强和流速的关系可知，小汽车高速行驶时车窗外空气流速大，压强小，故D错误。
故选：C。
5．【解答】解：
A、闭合S3，断开S1、S2，只有灯泡接入电路中，此时通过R无电流，R被断路，故A错误；
B、闭合S1，断开S2、S3，只有R接入电路中，灯泡被断路，故B
错误；
C、闭合S2，断开S1、S3，L与R串联在电路中，故C错误；
D、闭合S2，断开S1、S3，L与R串联，电流表测量电路中的电流，滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的电阻增大，总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，电流表的示数变小，故D 正确。
故选：D。
6．【解答】解：
A、在卫星加速升空的过程中，卫星的质量不变，速度变大，动能变大；同时质量不变、高度增加，重力势能增大，所以机械能增大，故A错误；
B、大气压随高度的增加而减小，所以在上升过程中卫星受到的大气压强越来越小，故B错误；
C、一切物体都具有惯性，所以北斗卫星进入预定轨道后，仍然具有惯性，故C错误；
D、从能量转化的角度分析可知，北斗卫星的太阳能电池帆板能将太阳能转化电能，故D正确。
故选：D。
7．【解答】解：
A、图中厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A错误；
B、电能表是测量消耗电能即电功的仪表，故B错误；
C、当验电器带电时，两片金属箔由于带同种电荷相互排斥而张开，故C正确；
D、图中汽缸内的气体推动活塞向下运动时（即做功冲程），内能转化为机械能，故D错误。
故选：C。
8．【解答】解：
A、通电螺线管的极性与螺线管中电流方向有关，可用安培定则判定，故A正确；
B、电动机是根据通电线圈在磁场中受力转动的原理工作的，故B 错误；
C、到目前为止，人类获得核能有两种途径，即重核裂变和轻核聚变，故C正确；
D、煤、石油、天然气等化石能源，都是短期无法再生的，所以是不可再生能源，故D正确。
故选：B。
9．【解答】解：
A．由图可知，n＝3，绳端移动的距离s＝nh＝3×4m＝12m，人拉绳子的速度v＝＝＝0.6m/s，故A错误；
B．不计绳重和摩擦，由F＝（G+G动）可得，动滑轮的重力G动＝nF﹣G＝3×400N﹣900N＝300N，故B正确；
C．此段时间内，拉力F做的功W＝Fs＝400N×12m＝4800J，故C错误；
D．当滑轮组对货箱的拉力为零时，货箱对地面的压力F′＝G＝900N，货箱对地面的压强p＝＝＝4.5×104Pa，故D 正确。
故选：BD。
10．【解答】解：
A、由图知，定值电阻R0与滑动变阻器R串联，电压表V1测R0的电压，V2测R的电压，电流表测电路中的电流；
滑片P向右移动时，变阻器R接入电路的阻值变大，总电阻变大，由欧姆定律可知电路的电流变小，根据U＝IR可知，V1示数变大，故bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，则图乙中“ac”段表示电压表V2的示数随电流表示数变化的图象，故A正确；
B、由图乙可知，当电流I＝0.1A，两电压表示数分别为2.4V、0.6V，根据串联电路电压的规律，电源电压：U＝2.4V+0.6V＝3V，故B 正确；
C、bc表示电压表V1的示数随电流表示数变化的图象，
由欧姆定律可得R0的阻值：R0＝＝＝6Ω，故C错误；
D、由欧姆定律可得，变阻器接入电路的最大电阻为：
R滑大＝＝＝24Ω，
滑动变阻器R消耗的功率：
P滑＝I2R滑＝（）2×R滑＝＝，
由数学知识可知，当变阻器连入电路的电阻R滑＝R0＝6Ω时，变阻器消耗的功率最大，
则滑动变阻器R的最大电功率：P滑大＝＝＝0.375W．故
D正确。
故选：ABD。
二、作图与实验探究题（本大题共5小题，共20分）
11．【解答】解：
（1）从物体的重心O沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示，可得重力的示意图；
（2）弹簧处于伸长状态，小车受到向右的弹力，作用点在弹簧与小车的接触点，沿水平向右的方向画一条带箭头的线段，并用符号F表示，可得弹簧对小车B的弹力示意图。如图所示：
12．【解答】解：
①平行于主光轴的光线经凸透镜折射后过焦点，由此画出SC经凸透镜折射后的光线，如图所示：
②由图知，D为入射点，过D点作法线，根据反射角等于入射角作出SD的反射光线，如图所示：
13．【解答】解：（1）该实验中小球动能的大小是通过物体B移动的距离体现的，B被撞的越远，说明小球的动能越大，被撞的越近，说明小球的动能越小，这里采用了转换法的思想；
（2）①同一钢球从不同的高度由静止开始滚下，高度h越高，钢球运动到水平面时速度越大，把木块推得越远，则钢球对木块做的功多，钢球的动能大，说明了物体的动能与物体的速度有关，由此得出结论：在质量一定时，速度越大，物体的动能就越大。
②要保证不同质量的钢球运动到水平面时的速度相同，应该让不同质量的钢球从同一高度滚下，质量大的把木块推的远，说明了动能的大小和质量有关，在速度一定时，质量越大，动能也就越大。（3）结论：通过多次实验表明，质量相同的物体，运动的速度越大，它的动能越大；运动速度相同的物体，质量越大，它的动能越大。
故答案为：（1）转换法；（2）①大；②同一；（3）越大。14．【解答】解：（1）滑片P向左移动的过程中电流表示数变小，此时变阻器连入电路的阻值变大，由实物图知，滑动变阻器应选择B 接线柱串联入电路中，如图所示：
（2）为了保护电路，闭合开关之前，应将滑动变阻器的滑片P置于最大值A端；
（3）闭合开关S，发现电流表指针偏转，小灯泡微弱发光，若电压表断路，则电压表无示数，符合题意；若电压表短路，则灯泡也被短路不亮，不符合题意；
（4）由图丙知，电流表使用小量程，分度值0.02A，所以灯泡两端电压达到额定电压时，通过小灯泡的电流为0.3A；
（5）灯泡的额定功率：P＝UI＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（6）由图丁知，通过灯泡的电流随电压增大而增大，灯泡实际功率变大，温度升高，且电压的变化大于电流变化，所以灯泡电阻增大。
故答案为：（1）见上图；（2）A；（3）断路；（4）0.3；（5）0.75；（6）增大。
15．【解答】解：（1）①天平动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆；
②调节天平平衡时，如图甲图示指针指在刻度盘中央左侧，向右偏应该将游码向右调节。
③量筒中待测液体的质量m＝m1﹣m2＝92.6g﹣59.8g＝32.8g，
量筒中待测液体的体积V＝40ml＝40cm3，
待测液体的密度ρ＝＝＝0.82g/cm3＝0.82×103kg/m3，（2）物体完全浸没在液体中受到的浮力：F浮＝F1﹣F2；
由于完全浸没，所以V排＝V0；
由F浮＝ρ液gV排得，液体的密度ρ液＝＝。
故答案为：（1）①等臂；②右；③40；32.8；④0.82×103；（2）。
三、应用题（本大题共3小题，共20分）
16．【解答】解：
（1）箱子所受的重力为：G＝mg＝60kg×10N/kg＝600N；（2）箱子运动的速度为：v＝＝＝0.5m/s；
（3）箱子在运动过程中所受阻力为自身重力的0.2倍，则阻力为：f＝G×0.2＝600N×0.2＝120N；
由于箱子做匀速直线运动，则水平方向上受力平衡，根据二力平衡条件可知，推力F＝f＝120N；
则推力的功率为：P＝Fv＝120N×0.5m/s＝60W。
答：（1）箱子所受的重力为600N；
（2）箱子运动的速度为0.5m/s；
（3）推力对箱子做功的功率为60W。
17．【解答】解：
（1）图甲中水的深度h＝23cm＝0.23m，图甲中水对容器底部的压
强：
p＝ρ水gh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.23m＝2.3×103Pa；
（2）物块P浸没在水中，则物块P排开水的体积V排＝V＝1.25×10﹣4m3，
由阿基米德原理可得图甲中物块P所受的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×1.25×10﹣4m3＝1.25N；（3）图乙中物块P漂浮于水面，由漂浮条件可知，此时物块P所受的浮力F浮′＝G＝1N；
由F浮＝ρ水gV排可得此时物块P排开水的体积：
V排′＝＝＝1×10﹣4m3；
则物块P露出水面的体积：
V露＝V﹣V排′＝1.25×10﹣4m3﹣1×10﹣4m3＝2.5×10﹣5m3。
答：（1）图甲中水对容器底部的压强为2.3×103Pa；
（2）图甲中物块P所受浮力的大小为1.25N；
（3）此时物块P露出水面的体积为2.5×10﹣5m3。
18．【解答】解：
（1）由电路图可知，双触点开关连接触点2和3时，电路为R1的简单电路，为保温状态，
根据P＝知R1的阻值：
R1＝＝＝440Ω；
（2）双触点开关连接触点3和4时，R1与R2并联，为加热状态，