万卷物理答案模块一 必修一
选择题
1.B
2.D 【解析】如图所示，设旅游者从A 点滑下停在C 点，由动能定理得全程：
12cos 0cos L mgh mg mgL μθμθ-?
-=① 2
11:cos cos 2
B
L A B mgh mg mv μθθ→-?= ② 由①得12h
L L μ
+=
，与θ无关，故甲.乙停在水平沙面BC 上的同一点，甲滑动的总路程比乙长，但
水平位移相同，停在同一点，看A 处的红旗时仰角相同.
由②得B v L 甲 3.B 【解析】由v-t 图象可知：a A ：a B =2：1，而F=ma ，m A ：m B =2：1，可得：F A ：F B =4：1；又由图象中面积关系可知A.B 位移之比x A ：x B =1：2，做功W=Fx ，可得：W A ：W R =2：1，故选B 。 4.B 【解析】 在t 1时刻，虚线的斜率比实线上该点的斜率小，选项A 错误；在0～t 1时间内，虚线与坐标轴所围的面积比实线的大，即由虚线计算出的位移比实线的大，所以由虚线算出的平均速度比实际的大，选项B 正确；在t 1～t 2时间内，虚线与坐标轴所围的面积比实线的小，即由虚线计算出的位移比实线的小，选项C 错误；在t 3～t 4时间内，速度依然为正，方向不变，选项D 错误。 5.BD 6.A 【解析】加速度相同，由牛顿第二定律知123cos cos F F F αθ==.到达顶端时速度相同则 11P F v =?,22cos P F v α=?，33cos P F v θ=.所以123P P P ==。 7.AB 8.AC 9.BD 【解析】以物块为研究对象:0F mg ma μ-=，以木板为研究对象：1mg Ma μ=。当12F F = 时，0a 相同，12M M >，12a a <。由图(1)可知21v v >，A 项错。同理，B 项正确。当12F F >时，0102a a >,12M M =,12a a =。由图(2)可知，21v v >，C 项错。同理，D 项正确。 10.B 【解析】以木块3为研究对象23sin cos mg mg kx αμα+=，木块 2.3间距为 23L x +=sin cos mg mg L k αμα++ ，故B 项正确。木块1.2间距为232L x +=2(sin cos ) mg L k αμα++，故 C 项错误；如果传送带突然加速，传送带与木块间的摩擦力不变，故 D 项错误。 11. C 【解析】木块A 静止，受力平衡在水平方向上，受静摩擦力A f 和木块B 对木块A 的弹力A N 作 用。木块B 做匀速运动，受力平衡，在水平方向上受推力F 。木块A 对木块B 的弹力B N 。滑动摩擦力B f 三个力作用。则B f =Fcos 30°，B N =Fsin 30°，而B N =A N =A f .则A f ：B f = ：3，故C 项正确。 12.0.3m/s; 0.42m/s; 加速运动 13.（1）1.010 (2)1.0 2.5 (3)平均速度 滑块 【解析】(1)d=l0 mm+0.05 mm ×2=l0.10 mm=1.010 cm 。 (2)11d v t ==221.010101.010--??m/s=1.0m/s,22d v t ==2 3 1.010104.010--??m/s= 2.5m/s. (3)v 1.v 2实质上是滑块通过光电门1和2时的平均速度，要使瞬时速度的测量值更接近于真实值，可将滑块的宽度减小一些。 14.解：（1）木板与地面间压力大小等于()M m g + 故木板所受摩擦力)20f F M m g N μ=+=（ （2）木板的加速度21 5/F m s M α= = 滑块静止不动，只要木板位移小于木板的长度，滑块就不掉下来， 根据2002ax υ-= 得04/m s υ==即木板初速度的最大值是4m/s 。 15.【解析】物体A 轻放在a 点后在摩擦力和重力作用下先做匀加速直线运动直到和传送带速度相等， 然后和传送带一起匀速运动到b 点。在这一加速过程中有加速度1cos sin 0.4mg mg a m μαα-==m/s 2 ， 运动时间11 2.5v t a ==s, 运动距离22111220.4v s a == ?m=1.25m -= =4.7 1.25 1-s=3.45s 。 由于sin cos mg mg βμβ>，所以物块沿传送带bc 部分匀加速运动到c 点，则物体A 在传送带bc 部分滑动的加速度为2sin cos 3.2a g mg βμβ=-=m/s 2，设在bc 部分运动的时间为t 3，则根据匀变速运动的 规律得：2 337.5 1.6vt t =+，解得3t =1.875s 。物体A 从a 处被传送到c 处所用的时间1237.825t t t t =++=s 。 16.（1）14200J (2) 41.3m 根据动能定理.k W E =V 含 220f 11,14200J,22S f t F W mgh mv mv W =--=- 2220111()10,222 t f s mgh mv mv m -+=-=? 5000 41.371 s m = ≈ 17.（1）0.072， 0.144m ；（2）不会 万卷物理答案模块二 必修二 选择题 1. C 解析：如图是两个物体速度互相垂直时的合成图，二者在竖直方向上的速度相等，合速度与竖直 方向上的夹角分别为a β和 ，则有tan =cot ,a a t gt gt u u b b == 右左,t a n ,由t a n 得二者在水 平方向上距离(),x t υυ=+= 左右故C 正确。 2.A 【解析】 考查抛体运动规律.运动的合成与分解。对A 选项，沿着y 轴方向，到达斜面底边位移相同，一个先减速后加速，一个直接加速运动到达斜面底边，故时间一定不同，沿着y 轴方向抛出的小球后到达斜面底边，A 不正确；对B 选项，由动能定理，重力做功相同，故末动能相同，到达底边时速率相同，即速度一样大，B 正确；对C 选项，沿y 轴方向，到达斜面底边位移相同，初.末速度及加速度相等，则时间相同，C 正确；无论如何抛出，小球的加速度大小始终为gsinα，D 正确。 3.B 【解析】设A 球落到P 点的时间为A t ，AP 的竖直位移为y ;B 球滑到P 点的时间为B t ，BP 的竖 直位移也为y ，则：A t = B t A t = (θ为斜面倾角)，故B 项正确。 4.B 【解析】设拉力为F ，半径为R 时，其速度为v 1，根据圆周运动规律，有21v F m R =，解得2111 22mv FR =， 设拉力为6F ，半径为R/2时，其速度为v 2，根据圆周运动规律，有：2260.5v F m R =，解得2213 22 mv FR =. 根据动能定理，有：222111 22 W mv mv FR =-=。 5.D 【解析】随着转速的缓慢增加，小物块与水平转台之间的静摩擦力的大小和方向也不断变化，所以摩擦力对物块做的功属于变力做功，不能直接求解只能根据动能定理间接求解。设物块即将在转台上滑动时，物块的速度为v ，此时小物块与水平转台之间的静摩擦力最大，等于滑动摩擦力，根据题意有2v mg m R μ=，根据动能定理，在这一过程中，摩擦力对物块做的功为 211 22 W mv mgR μ==，所以D 正确。 6.B 【解析】由题知10(-)=k L L mg ，过桥时对整体分析知，加速度a 向下，对小球有20-(-)=mg k L L ma ，解 得L 1>L 2。 【点评】汽车过凸形桥时，向心加速度指向圆心，加速度向下，处于失重状态，支持力或拉力小于重 力，若v ，则支持力或拉力为零。 7.BC 【解析】小球沿管上升到最高点的速度可以为零，故A 项错误，B 项正确；小球在水平线ab 以下的管道中运动时，由外侧管壁对小球的作用力F N 与球重力在背离圆心方向的分力mg F 的合力提供向心力，即：2 N mg v F F m R r -=+，因此，外侧管壁一定对球有作用力，而内侧管壁无作用力， C 项正确；小球在水平线ab 以上的管道中运动时，小球受管壁的作用力与小球速度大小有关，D 项错误。 8.C 【解析】在通过轨道最高点时，向心加速度竖直向下，是失重，A 项错误；木板和砝码在竖直平面内做匀速圆周运动，则所受合外力提供向心力，砝码受到重力G .木板支持力N F 和静摩擦力f F ，由于重力G 和支持力N F 在竖直方向上，因此只有当砝所需向心力在水平方向上时静摩擦力有最大值，此位置是当木板和砝码运动到与圆心在同一水平面上时的位置，最大静摩擦力必须大于或等于砝码所需的向心力，即N F μ (2) v m R ，此时在竖直方向上N F mg =, 故v … B 项错误， C 项 正确.在最低点，12N v F mg m R -=，在最高,22N v mg F m R -=，则122 2N N v F F m R -=，D 项错误。 9.B 10.BD 11.ABC 解析：由动能定理=?K W E 可知，,2 ?== K mgh E mah A 正确；由功能关系，曳光弹克服重力做的功等于其重力势能的减少量mgh ，B 错；由牛顿第一定律可知，,,2 -==mg mg f ma f 所以克服阻力做的功是 ,2 mgh C 正确；机械能的增量等于除重力以外的其他力做的功，所以机械能减少了,2 mgh D 不正确。 12.B 解析：对于两点电荷，库仑力提供向心力，则22 121122212 ,kQ Q m u m u d r r ==因为12,r r d +=所以2121112122k kQ Q E m u r d = = 2 1222222 122k kQ Q E m u r d == 所以12121221222 (),222K K K K kQ Q kQ Q kQ Q E E r r E E d d d +=+==-。 实验题 13.ABC 14.1.5m/s -30cm; -20cm 15.【答案】⑴0.960 ⑵ 2212s B A d d t t ????????- ? ????? ?????? ⑶ ()mg M m a Mg -+ ⑷系统误差 【解析】(1)游标卡尺的读数：0.9cm+12×0.05mm=0.960cm 。 (2)由于A A d v t =?，B B d v t =?，由运动学公式知222B A v v as -=，联立解得：2212s B A d d a t t ????????=- ? ????? ????? ? 。 (3)由牛顿第二定律得：T mg F ma -=；T F Mg M a μ-=，联立解得()mg M m a Mg μ-+= 。 (4)系统误差是由于仪器本身不精确，或实验方法粗略，或实验原理不完善而产生的。偶然误差是由各种偶然因素对实验者.测量仪器.被测物理量的影响而产生的。细线没有调整到水平引起的误差属于系统误差。 大题 16.解：（1）在B 点由牛顿第二定律得2N F mg m R υ-= 解得2 2 5()0.2(10) 4.52 N F m g N N R υ=+=?+= （2）小滑块离开B 点后做平抛运动 由2 12 h gt = 得0.5t s == 则落地时的竖直分速度大小为 100.5/5/y gt m s m s υ==?= 合速度大小为/7.07/s m s υ===合方向与水平方向成45?角。 17.【解析】(1)摩托车在空中做平抛运动，设摩托车飞行时间为t 1。则21 1 =2 h g t ，1=1.0t s (2)设摩托车到达高台顶端的速度为v x ，即抛运动的水平速度110.0 ==/=10.0/1.0 x x v m s m s t ， 竖直速度为1=g =10.0/y v t m s ， 摩托车落地时的速度/v s 或=14.1/v m s 。 (3)摩托车冲上高台过程中，根据动能定理：22011 --=-22 f x Pt W mgh mv mv ， =-f W Pt mgh 32=4.010 3.0 1.81010 5.0??-??? 33.010J =? 所以，摩托车冲上高台过程中摩托车克服阻力所做的功为33.010J ?。 18.【解析】(1)飞机在水平方向上，由a 经b 到c 做匀速直线运动，由20x a T ?=得022 10x bc ab a T T ?-===m/s 2 。 (2)因位置b 对应a 到c 过程的中间时刻，故有502b ab bc v T += =m/s 。 (3)设物体落地时间为t ,由21 2 h gt =,得 :4t =s.BC 间的距离为：0b BC bc v t v t =+-,又0c b v v a T -=,得:0BC bc a Tt =+=95m 。 19.【解析】(1)由于A.B 两球相隔?t=0.8S ，先后从同一点以相同初速度0v 水平抛出，则A.B 两球在运动 过程中水平位移之差为0 4.50.8 3.6x v t m m ?=?=?=。①设A 球抛出t 时间后两球间连线拉直，此时两球间竖直位移之差为 ()2 21122y gt g t t ?=--?=212 gt t g t ?-?。 ②由图所示知y ?==。 将 4.8y ?=m 代入②中求得1t =s (2)这段时间内A 球的水平位移为0 4.51A x v t ==?m=4.5m 。 20.解：（1）22220.2 1.6f m r N N ω==??=方向为指向圆心。 （2 ）2,5/m m kmg m r rad s ωω== = 21. （1）汽车在水平路面上拐弯，可视为汽车做匀速圆周运动，其向心力是车与路面间的静摩擦力， 有关2/m r υ≤0.6mg ，由速度30m /s υ=，得弯道半径≥150m ；故弯道的最小半径是150 m （2）汽车过拱桥，可视为在竖直平面内做匀速圆周运动，到达最高点时，有2/N m R mg F υ=-， 为了保证安全，车对路面的压力N F 必须大于零。有2/,m R mg υ<则90m R > 22.解：（1）设地球质量为M ，卫星质量为m ，万有引力常量为G 。 卫星在近地轨道圆运动，由万有引力提供向心力得2 1()Mm G ma R h =+ 物体在地球表面受到的万有引力等于重力2 Mm G mg R = 解得2 2 1()R a g R h = + （2）设同步轨道距地面高度为h 2,由万有引力提供向心力得2 22224()()Mm G m R h R h T π=++ 联立得：2h R = 23.解：（1）设乙物体运动到最高点时，绳子上的弹力为T 1，对乙物体1cos 5T mg N α== 当乙物体运动到最低点时，绳子上的弹力为T 2 对乙物体由机械能守恒定律得：21 (1cos )2 mgl m αυ-= 又由牛顿第二定律得：22T mg m l υ-= 解得：2(32cos )20T mg N α=-= （2）设甲物体的质量为M ，所受的最大静摩擦力为f ，乙在最高点时甲物体恰好不下滑，有：1sin Mg f T θ=+ 乙在最低点时甲物体恰好不上滑，有：2sin Mg f T θ+= 可解得：(3cos ) 2.52sin m M kg αθ -== 3 (1cos )7.52 f m g N α= -= 万卷物理答案模块三 选修3-1 1.C 2.B 【解析】在由电场线上O 点由静止释放一个自由的负电荷，它将沿电场线向B 点运动，受电场力方向由A 指向B ，则电场线方向由B 指向A ，该负电荷做加速运动，其加速度大小的变化不能确定。选项B 正确。 3.D 4.CD 5.B 6.C 【解析】要使悬线夹角φ减小，就要减小小球在电容器中所受到的电场力，即要减小电容器内部电场强度。保持电键S 闭合，即电容器两端电压不变，使两极板靠近些，由U E = d 知，电场强度增大，φ要增大；使两极板远离一些，就会使电场强度减小，夹角φ减小；调节滑动变阻器不能影响电容器两极板间的电压大小，因此A.B 错误，C 正确；若断开电键S ，电容器两极板电荷量不变，使两极板靠近一 些，由4εS C πkd =，Q U C =，U E d =知，E 不变，即夹角φ不变，D 错误。 7.BD 【解析】A.B 两点处的点电荷在O 点处的合场强为零，因此O 点处的电场强度应等于C 点处的点电荷在O 点处形成的电场场强，A 错；A.B.C 三处点电荷在D 点形成的电场强度分别为 2DA Q E k r =.2DB Q E k r =.2DC Q E k r =，且互成120°，所以D 点合电场强度222cos600D Q Q E k k r r =-?=，B 对；将点电何q +从O 移向C 时，电场力做正功，故电势能减小，C 错；将点电荷q -从O 移向C 时，电场力做负功，电势能增加，D 对。 8.AC 【解析】若Q 1.Q 2都带正电，则Q 2右侧的电场强度的方向一定水平向右，则电势a b φφ>，A 正 确；若粒子带负电，则粒子做减速运动，若粒子带正电，则粒子做加速运动，B 错误；若Q 1带正电，Q 2带负电，则a.b 两点间有可能某一点电场强度为零，a.b 两点的场强方向相反，则有可能a b φ=φ，C 正确；若Q 1.Q 2都带正电.粒子带正电，则粒子一定做加速运动，但是，越往远处，电场强度越小，粒子的加速度越来越小，故粒子的最终的速度越来越接近某一有限值，不是无穷大，D 错误。 9.C 【命题立意】本题属于电场的叠加问题，考查电场强度.电势.电场力做功.电势能等知识。难度中等。 【解题思路】场强是矢量，两点电荷连线上中垂线上的点的场强为+Q ，-Q 分别产生的场强的合场强， 点电荷的场强公式2=Q E k r ，在两点电荷连线的中垂线上，距离O 点越远的点，两点电荷产生的场强的 大小越小，产生的两场强方向的夹角越大，根据场强的叠加原理，中垂线上距离O 点越远的点合场强越小，B 选项正确；在O 点，合场强的方向水平向右，在两点电荷连线除O 点外的别的点上，+Q 产 生的场强方向背离+Q ，-Q 产生的场强方向的指向-Q ，将+Q ，-Q 产生的场强作出的平行四边形是菱形，对角线水平向右，所以在两点电荷连线中垂线上所有点的合场强方向都水平向右，如果有一个带电粒子沿中垂线移动，由于电场力始终沿水平方向，电场力对带电粒子不会做功，说明该中垂线是一条等势线，选项A 正确；一个电子从a 点经O 移到b 点，电场力方向水平向左，不做功，选项C 错误；将这两个带电小球从静止同时自由释放后，由于两球带异种电荷，相互吸引，距离减小，电场力对两球做正功，两球的动能将增加，电势能将减少，选项D 正确。故本题选C 。 10.B 【命题立意】本题考查场强.电势.电势能等知识。难度中等。 【解题思路】由电场的叠加可知A ，B 两点的场强方向均向右，是相同的，A 项错误；B ，D 两点是关于两点电荷连线对称的两点，场强.电势均相同，B 项正确；A ，B ，C ，D ，O 五个点中，A 点电势最高，C 点电势最低，B ，D 电势相等，且有>>=>A O B D C φφφφφ，电子带负电，由B 点沿B →C →D 路径移至D 点，电势能先增大后减小，C 项错误；质子带正电，由C 点沿C →O →A 路径移至A 点，电场力对其一直做负功，D 项错误。 11.C 【解析】本题考查匀强电场中电势差和电场强度的关系。O ，P 两点的电势差满足25sin V =OP U θ，则90=?θ时，电势差最大，这说明电场强度的方向沿y 轴正方向，根据=U Ed 可得25 /V/500V/0.05 == =E U d m m ，所以C 正确。 12.【答案】B 【解析】由b 处的合场强为零可知圆盘在此处产生的场强与点电荷q 在此处产生的场强大小相等。d 与 b 关于圆盘对称，因此圆盘在d 处产生的场强与在b 处产生的场强大小相等。根据以上分析可知： () 2 221093d q q q E k k k R R R =+=。正确选项B 13.AB 14.AD 15.AD 【解析】本题考查以电容器为载体的力.电综合运用。当开关接a 位置时，电容器处于充电过程，上极板接电源正极，下极板接电源负极，当电容器充电结束，开关拨到b 位置时，电容器开始放电，放电电流由正极板到负极板，即在导体棒中由P →Q ，由导体棒开始向右运动，说明此时导体棒所受的安培力水平向右，结合左手定则可得，空间磁场的方向应竖直向下，A 正确；由于电容器放电电流不恒定，所以导体棒所受的安培力不为定值，由牛顿第二定律可得，加速度不恒定，B 错误；当整个回路电流为零时，导体棒所受的安培力为零，加速度为零，速度达到最大值，但由于导体棒在安培力的作用下向右运动，切割磁感线产生一定的电动势，当导体棒切割磁感线产生的电动势与电容器两端电压相等时，电容器将停止放电，此时电容器两端仍有一定电压，所以电荷量不为零，C 错误；由于导体棒最终匀速时，电容器两端电压与导体棒切割磁感线产生的电动势大小相等，所以电容器两端仍有一定电荷量并没有完全放电，故通过导体棒的电荷量：Q 16.(1)①B ②A (2)①断开 ②6 e.f 12.7 欧姆表测量时灯泡未工作，灯泡温度低，电阻小 【解析】(1)①因电源为四节干电池，故电动势E=6V ，则应选电压表10V 量程挡较合适；②因c.d 间电压为5.8V ，而e.f 间电压为零，故应为A 灯丝断开，B 灯丝良好. (2)用欧姆表测电路中电阻的阻值时，一定要将电路断开测量；由乙图读数知电阻阻值为6Ω，应为 灯泡B 的阻值，即测量的为e.f 间电阻；由U R I =得R=12.7Ω，与欧姆表测得阻值相差较大，是因为 欧姆表测得的电阻是未通电工作时的电阻，温度较低，电阻率偏小，阻值偏小。 17.【答案】⑴A ，11.30（11.25或11.35） ⑵①M ②如图，1.5（1.4或1.6）③b ，c ；S 1，E （或S 2，E ） -4A 18.（1）乙 ； 因为甲图中电压表的内阻大，流过电流表的电流太小，读数误差比较大 （2）K 2闭合前后电压表的读数U 1.U 2 ； 121 U R U U - 19.质点所受电场力的大小为f=qE 设质点质量为m ，经过a 点和b 点时的速度大小分别为a b v v 和 由牛顿第二定律有f+a N =m 2a v r b N -f=m 2b v r 设质点经过a 点和b 点时的动能分别为ka kb E E 和 有 2k a a 1= m v 2E 2 k b b 1=m v 2 E 根据动能定理有kb E -ka E =2rf 联立得 E= a b 1N -N )6q （ N +5N )12ka b a r E =（ N +N ) 12 kb b a r E =（5 20.第一解析：（1）由题可知，0与()d d -或两点间的电势差为0?电场强度的大小0E d ?= ，电场的大小 q F qE d ?== （2）设粒子在[]00,x x -区间内运动，速率为υ， 由题意得21 2 m q A υ?-=-① 由题可知01x d ??? ? =- ?? ? ② 由①②得20112 x m q A d υ?? ?=- - ?? ? ③ 因动能非负，有00101? ??? - -- ? ??? ? ?得x A q A x d d q ??≥≤ 即001A x d q ?? ? =- ?? ? ④ 粒子的运动区间0011???? -- - ? ?? ?? ?A A d x d q q ??≤≤. （3）考虑粒子从0x -处开始运动的四分之一周期 ，根据牛顿第二定律，粒子的加速 度 q F qE a m m md ?= ==⑤ 由匀加速直线运动t = 将④⑤代入， 得t = 粒子的运动周期4T t == ⑥ 21.【解析】(1)磁场中带电粒子在洛伦兹力作用下做圆周运动，故有2 mv qvB r =，粒子运动轨迹由几何知 识知：(cos 45)c x r r =-+?=,故C 点坐标为(. (2)设粒子从A 到C 的时间为t1，由题意知22r m T v qB ππ= = ,15584m t T qB π==设粒子从进入电场到返回C 的时间为t 2，其在电场中做匀变速运动，由牛顿第二定律和运动学知识，有qE=ma 及2v 0=at 2，联立 以上两式解得022mv t qE =,设粒子再次进入磁场后在磁场中运动的时间为t 3，由题意知314 2m t T qB π==,故 而，设粒子从A 点到第三次穿越x 轴的时间为 t ，则0 123274mv m t t t t qB qE π=++= + 。 22. 【解析】(1)电荷从A 点匀加速运动到x 轴上 C 点的过程：位移x AC ==， 加速度1210Eq a m = =m/s 2 ,时间610t -=s 。 (2)电荷到达C 点的速度为610v at ==m/s ，速度方向与x 轴正方向成45°角，在磁场中运动时， 由2 mv qvB R =, 得mv R qB ==m=0.71m.即电荷在磁场中做圆周运动的半径为0.71m 。 (3)如图所示，轨迹圆与x 轴相交的弦长为x ?==1m,所以电荷从坐标原点O 再次进入电场中，且 速度方向与电场方向垂直，电荷在电场中做类平抛运动。 设到达y轴的时间为't，则： 2 1 ' 2 tan45 ' at vt ?=,解得6 '210 t- =?s. 则类平抛运动中垂直于电场方向的位移 ' L vt ==8 cos45 L y== ? m,即电荷到达y轴上的点的坐标为(0，8)。 万卷物理答案模块四选修3-2 1.D 2.B 3. D 【解析】由于线框被拉出磁场的过程中，穿过线圈的磁通量均减小，根据楞次定律及右手定则 可判断出感应电流方向相同，选项A错误；根据 BLv I R =及F=BIL可得 22 B L v F R =，则速度不同ab边所受安培力的大小不同，选项B错误；由 23 B L v Q W FL R ===可知速度不同，线框中产生的焦耳热不同，选项C错误；根据 2 BL q R =可知通过 电阻丝某横截面的电荷量与速度无关，选项D正确。 4. AC 【解析】M向右运动是阻碍磁通量的增加，原因是左边螺线管中电流的磁场增强，所以有两种 情况，一是S闭合，二是滑片P向左滑动，故A.C两项对。 5. BCD 【解析】若B2= B1，金属棒进入B2区域后，磁场反向，回路电流反向，由左手定则知：安培 力并没有反向，大小也没有变，故金属棒进入B2区域后仍将保持匀速下滑，A项错，B项对；若B2 金属棒进入B2区域后，安培力没有反向但大小变小，由 22 BLv B L v F BIL B L R R ===知，金属棒进入 B2区域后可能先加速后匀速下滑，故C项对；同理，若B2> B1，金属棒进入B2区域后可能先减速后 匀速下滑，故D项对。 6.B 【解析】线圈在磁场转动产生了正弦交流电，其电动势的最大值 m E NBSω = ，电动势的有效值 E ，电压表的读数等于交流电源的路端电压，且为有效值，则U R =，A错误； 求通过电阻R的电荷量要用交流电的平均电流，则 1 () 2 2() N BS BS N NBS q I t R r R r R r - ??Φ =?=== +++ ，故B 正确；电阻R上产生的热量的计算应该用有效值来计算， 则电阻R产生的热量 2 222 2 2 3 6() N B S R Q I Rt R R r π πω ω ?? ==?= + ， 故C错误； 线圈由图示位置转过60°时的电流为瞬时值，则符合瞬时值表达式为 sin sin 3 NBSg NBS i t R r R r ωωπ ω =?=?= ++ ， 故D错误。 7.答案：BD 【命题动向】本题考查动能定理.安培力的计算等知识，属于中等题. 解析：由题意可知，安培力做功使炮弹的速度逐渐增大，假设轨道宽度为L',则由动能定理可知 2 1 2 F L mυ = 安培力 ，而F BIL' = 安培力 ,又根据题意可知() B KI K =为常数，三个式子整理可得 到弹体的出射速度= υ B.D正确. 8.ABC 9.BC 【解析】热敏电阻的阻值随温度的变化而变化，可以把温度转化为电学量，而霍尔元件可以把磁 场的磁感应强度转化为电学量，热敏电阻和霍尔元件可作为传感器，B.C正确。 10.BD 11.（1）金属杆先做加速度变小的加速运动，最终以最大速度匀速运动.设杆匀速运动时速度为v， IL B F 1 =Lv B E 1 = 2 1 R R E I + = 将已知数据代入得：). / (5s m v= （2）设杆匀速运动时C两极板间的电压为U，带电粒子进入圆筒的速率为V.在磁场中作匀速圆周运动 的半径为R，由于C与电阻R1并联， 据欧姆定律得，). (0.4 1 V IR U= = 据动能定理有，. 2 1 2 mV qU= 带电粒子在磁场中作匀速圆周运动，. 2 2R V m qVB= 由于带电粒子与圆筒壁碰撞时无电量和能量损失，那么每次碰撞前后粒子速度大小不变.速度方向总是沿 着圆筒半径方向，4个碰撞点与小孔a恰好将圆筒壁五等分，粒子在圆筒内的轨迹具有对称性，由5段 相同的圆弧组成，设每段轨迹圆弧对应的圆心角为θ，则由几何关系可得：). 2 tan( θ = R r 有两种情形符合题意： （ⅰ）情形1：每段轨迹圆弧对应的圆心角为. 5 3 5 2π π π θ= - = 得：()). ( 10 10 3 tan3 2 T B- ? =π （ⅱ）情形2：每段轨迹圆弧对应的圆心角为. 5 5 4 ' π π π θ= - = 将数据代式得 ()).(1010tan 3 '2 T B -?=π …… 12.（1）油滴M 带正电，在两金属板之间处于平衡，则B 板电势较高， 由平衡得： qU mg d = 可得两板电压： mgd U q = （2）设油滴N 带电量为Q ，油滴N 与M 相碰前的瞬间速度为v 0，有： 201()222 d QU mg d mv + -= 油滴N 能与M 相碰应有：2 01()0222 d QU mg d mv + -=> 求得电量：3Q q < 油滴N 和M 相碰后，结合成大油滴，设速度为v ，有 可得： 02v v == 此后，大油滴向下运动，不碰到B 板，有 2 1()22222 Q q U mgd mv +<- 代入v 和U 的值，解得： 53 q Q > 所以油滴所带电量的范围是：533 q Q q << 13.（1）1.2m /s （2）16m /s 解析：（1）12L L 与串联，所以渡过2L 的电流20.2A 2A,0.1 = ==U I L r 所受安培力0.2N '==F Bld 。故棒2L 的加速度2 1.2' -= =F F a M 2m /s 。 （2）当2L 所受安培力F F =安时，棒有最大速度m u ，此时电路中电流为 m m I ,I ,,2Bdum F F F r = =m 安安则=BdI ,由以上几式得：22216.==m Fr u B d m /s 14.【解析】(1)导体棒先在无磁场区域做匀减速运动，有mg ma μ-= 10v v at =+ 201 2 x v t at =+代人数据 解得：t =1s ，x=0.5m ，导体棒没有进入磁场区域。导体棒在ls 末已停止运动，以后一直保持静止， 离左端位置仍为x=0.5m (2)前2s 磁通量不变，回路电动势和电流分别为E=0，I=0后2s 回路产生的电动势为 0.1B E ld t t ?Φ?===??V ，回路的总长度为5m ，因此回路的电阻为50.5R λ==Ω电流为0.2E I R ==A 。 根据楞次定律，在回路中的电流方向是顺时针方向。 (3)前2s 电流为零，后2s 由恒定电流，焦耳热为20.04Q I Rt ==J 15.【解析】托盘的移动带动P 1移动，使P 1.P 2间出现电势差，电势差的大小反映了托盘向下移动距离的大小，由于R 为均匀的滑动电阻，则其阻值与长度成正比。 (1)由力的平衡知识知：01m g kx =，解得01m g x k =。 (2)放上重物重新平衡后，02()m m g kx +=， 解得02()m m g x k += . (3)由闭合电路欧姆定律知E IR =.由部分电路欧姆定律知x U IR =.由x R x R L =，其中x 为P 1.P 2间的距离，R x 为P 1.P 2间的电阻，则21mg x x x k =-= ，联立解得kL m U gE =. 16.【答案】⑴ U d ⑵ 【解析】(1)电场强度U E d = (2)根据动能定理，有212 qU mv = 得 v = (3)粒子在磁场中做匀速圆周运动时，洛伦兹力提供向心力，有 2v q v B m R = 得 R =17.【答案】：mg E q = 0<202 12)m g v l B B q ≤+ 0.5倍 【 解析】：（1）有题给条件，小球P 在电磁场区域内做圆周运动，必有重力与电场力平衡，设所求的 场强大小为E ，有 mg qE = 得mg E q = 小球P 在平板下侧紧贴平板运动，其所受的洛伦兹力必竖直向上，故小球P 带正电。 （2）设小球P 铁平板运动到匀速时速度为v ，此时洛伦兹力与重力平衡，有 1B qv mg = 小球P 以速度v 在电磁场区域内做圆周运动的半径为R ，有 2 2v B qv m R = 设小球Q 与小球P 在第四象限相遇点的坐标为x.y ，有 0x ≥ 0y ≤ 小球Q 运动到相遇点所需时间t 0，水平方向位移为S ，竖直方向位移为d ，有 00s v t = 2012 d gt = 由题意得 x s l =- y h d =- 联立解方程组，由题意知00v > 得 0<202 12)m g v l B B q ≤+ （3）小球Q 在空间做平抛运动，要满足题设条件，则运动到小球P 传出电磁场区域的同一水平高度时的W 点，其竖直方向的速度y v 与竖直位移Q y 必须满足 x v v = Q y R = 设小球Q 运动到W 点的时间为t ，由平抛运动，有 y v gt = 212Q y gt = 解得 1212 B B = 1B 是2B 的0.5倍。 万卷物理答案模块五 选修3-3 1.D 2.D 3.B 4.C 5.BC 6.D 7.D 8.D 9.ACD 10.A 11.B 12.ABC 13.【答案】AB 14.D 15.(1)不平衡 微粒的质量 液体的温度 (2)增大 分子的平均动能不变，分子的密集程度增大 【解析】本题考查布朗运动和气体分子热运动的微观解释。掌握布朗运动的特点和玻意耳定律的微观解释，解题就非常简单。气体温度不变，分子平均动能不变，体积减小，分子的密集程度增大，所以压强增大。 16.答案：(1)5放出 29 解析：本题主要考查理想气体的内能.热力学第一定律，意在考查考生对理想气体内能的概念和热力 学第一定律的理解。因为理想气体的内能只跟温度有关，第一个过程是等温压缩，所以内能不变， 第二个过程中，体积不变，说明只与外界发生热传递，根据热力学第一定律U W Q ?=+，所以 U 055(kJ)?=-=-，故空气内能减小5kJ ，空气放出29kJ 的热量。 (2)设空气的摩尔质量为M ，在海底和岸上的密度分别为ρ海和ρ岸，一次吸入空气的体积为V ，则有 -=A V n N M ρρ?海岸（）代人数据得22310n ?=?个。 17.（1）D （2）①P 1＝P 0+ mg S ＝1.2×105Pa P 2＝P 0-mg S ＝0.8×105Pa 由P 1L 1S ＝P 2L 2S 解得：L 2＝15cm ②T 2＝T 1＝（273+27）K ＝300K L 2＝15cm ，L 3＝25cm 由 3 223V V T T =可得，332 V T V =， 322 500L T K L ==（或t ＝227℃） 18.（1）AC （2）设灯刚能升空时，内部气体的密度为ρ′，对灯体.燃料及灯内空气整体受力分析有 ρgV ＝Mg+ρ′gV 以未点燃时灯内气体库研究对象，由于其压强始终等于外界大气压，故受热膨胀发生的是等压变化。设灯刚能升空时气体的体积为V′，温度为T′，则 ρV ＝ρ′ V′ 由盖·吕萨克定律得V V T T ' =' 解以上各式可得：gVT T gV Mg ρρ'= - 19.解：（1）由力的平衡可知，气体的压强10mg p p S =+ （2）由势力学第一定律可知，加热过程中气体的内能增加量U Q W ?=- （3）末状态气体的压强020()m m g p p S +=+ ，由于气体的初始状态和末状态体积相同， 由查理定律知1212 p p T T =，可得：0020()p S m m g T p S mg ++=+ 20.⑴【答案】c ⑵【答案】①V=2.8×10-2m 3 ②放热，大于 【解析】当气缸下潜至990m 时，设封闭气体的压强为p ，温度为T ，体积为V ， 由题意知 p=100atm 根据理想气体状态方程得 000p V pV T T = 代入数据得 2 3 2.810m V -=? 则放热； 传递的能量大于外界对气体做的功。 21.(1)B(2)C(3)C 22.对于A 容器中的氮气，其气体状态为：p 1=2.0×105pa V 1=V T 1＝300K P’1=P V’1=V 1（题目所设） T’1=T 由气体状态方程可知：111 p V pV T T =对于B 容器中的氧气，其气体状态为：p 2=1.0×105pa V 2＝V T 2=600K p’2=p V’2=V 2（题目所设）T’2=T 由气态方程可知22 2 p V pV T T = 联立消去T ，V 可得：5 1125221 2.01060041.010300 V p T V p T ??===??此题的正确答案为V 1∶V 2=4∶1 23.解：（1）ACE （2），①设细管的液面下降了x ，则粗管液面上升了2 x ， 根据题意： 6 2 x x +=，得4x cm = ②对粗管内的气体应用玻意耳定律： '' 1111p V p V = 7512(122)s p s ?? 解得末状态粗管中气体的压强p=90cmHg 则细管中气体末状态的压强为（90+6）cmHg 设活塞下移y ，对细管中的气体用波意耳定律： ' ' 2222p V p V = 7512(906)(12 4)s y s ?+?- 解得：y=6.625cm 万卷物理答案模块六 选修3-4 1.D 2. D 【解析】根据等效重力加速度的求法，在平衡位置处且相对静止时受力情况可知：2T =甲。 对乙有'F mg mg ==乙(注意相对静止时，电荷不受洛伦兹力) ，即2T =乙 对丙有：'F mg Eq mg =+=丙 ，即2T =丙对丁有：sin 'F mg mg α==丁 ，即2T =丁由此可知D 正确。 3.AD 4.D 5. B.D 【解析】图示时刻点A.B.D 振动加强，A.B 间高度差h AB =4A=4 cm ，A.D 间高度差为零；图示时刻点C 在水面，根据上下坡法，点C 由水面向上运动；图示时刻E.F 振动减弱，位移为零，到两波源的路程差为半波长的奇数倍；波长为0.4m ，周期为0.4s ，经过时间t ?=0.1s=0.25T ，两列波的平衡位置传到A 点，则位移为零。 6.A 【解析】本题考查机械波的图象.质点M 是振动加强点，画出1s 末的波形图，可知M 点的位移为-4cm ， A 对 B 错；质点在各自平衡位置附近振动不随波迁移， C 错；由波形图和传播方向和判断P ，Q 的起振方向都沿y 轴负方向， D 错。 7.D 【解析】本题重点考查考生对机械振动和机械波知识的理解和灵活运用。据题意质点位置P 1， P 2，P 3，…如图所示，13(0.2+0.8)=1.0m ==PP m λ， =/=1.00.4m/s=2.5m/s v T ?λ，P 1的振动传播到P 2所用的时间12=/=0.2/2.5s=0.08s t PP v 。选项D 正确。 8.AC 【解析】本题考查了简谐波以及波动图象等有关知识。根据波动图象可知它的振幅为10cm ，波长为8m ，A 选项正确；简谐波运动方向不确定，B 选项错误；若波向x 轴正方向传播，周期是4.0s ，传播速度是2m/s ，C 选项正确；若向x 轴负方向传播，周期是4s 3 ，传播速度是6m ／s ，D 选项错误。 9.D 10.【解析】由题意可知122θθ=, 12sin sin n θθ=，解以上两式得 : 2cos θ= ,即2θ=30°， 1θ=60°。又1sin d R θ= 所以d R = 。 11.A 【解析】蓝光的频率大，相对玻璃的折射率大，故从b 板射出后偏移程度大，结合题意，能判断射到M 点的为蓝光，射到N 点的为红光，发生双缝干涉，条纹间距与波长成正比，蓝光的波长小，频率大，故形成的干涉条纹间距小，光子的能量大，选项A 项正确，B 项错误.波长越长，越容易发生衍射，选项C.D 两项错误. 12.D 【解析】由于没有确定几何尺寸，所以光线可能射向Q 的右侧面，也可能射向Q 的下表面，A 项错误；当光线射向Q 的下表面时，它的入射角与在P 中的折射角相等，由于p Q n n <，进入空气中的折射角大于进入P 上表面的入射角，那么出射光线与下表面的夹角一定小于θ，B.C 两项错误，D 项正确 . 13.A 14. C 【解析】电磁波的传播不需要介质，而机械波的传播需要介质，A 项错；电磁波由某种介质进入另外一种介质时，它的传播速度将改变，即使是在同一种介质中，波长不同的电磁波其传播速度也不相同，波长越长，波速越大，B 项错；干涉和衍射是波所特有的现象，电磁波和机械波都能产生干涉和衍射，C 项正确；电磁波是横波，机械波可以是横波也可以是纵波，D 项错误。 15. BD 【解析】根据安培定则，线圈中的电流从b 到a ，此时电流正在增强，表明电容器正在放电， 所以下板带正电，上板带负电。a 点电势比b 点低，电容器两极板间场强正在减小，电场能在减小，电流放电变慢，线圈中感应电动势变小。 16. A 【解析】在地面附近有一高速飞过的火箭，根据长度缩短效应和时间延缓效应可以知道，地面上的人观察到火箭变短了，火箭上的时间进程变快了，所以A 项是正确的。 实验题 17.（1）设振幅为A ，由题意BC ＝2A ＝20 cm ，所以A ＝10 cm. 振子从B 到C 所用时间t ＝0.5 s ，为周期T 的一半，所以T=1.0 s ；f= T 1 =1.0 Hz. （2）振子在1个周期内通过的路程为4A ，故在t′=5 s=5T 内通过的路程s=T t ' ×4A=200 cm. 5 s 内振子振动了5个周期，5 s 末振子仍处在B 点，所以它偏离平衡位置的位移大小为10 cm. （3）振子加速度a=- m k x,a ∝x.所以a B ∶a P =x B ∶x P =10∶4=5∶2. 18.【解析】(1)由对称性可得： 0.52T =?s=1s (2)若B.C 之间距离为25cm ，则振幅1 252A =?cm 振子4.00s 内通过的路程s=4×4×12.5cm=200cm (3)根据sin x A t ω=,12.5A =cm,22T π ωπ==rad/s. 得12.5sin 2x t π=cm 振动图象如图所示 19.【解析】(1)波的传播方向有两种可能：向左传播或向右传播。 向左传播时，传播的距离为 3/4(43)(0,1,2)x n n m n λλ=+=+= 。 向右传播时，传播的距离为 /4(41)(0,1,2)x n n m n λλ=+=+= 。 (2)向左传播时，传播的时间为3/4t nT T =+。得4/(43)0.8/(43)(0,1,2)T t n n n =+=+= 。 向右传播时，传播的时间为/4t nT T =+。得4/(41)0.8/(41)(0,1,2)T t n n n =+=+= 。 (3)计算波速有两种方法：/v x t =或/v T λ=。 向左传播时，/(43)/0.2(2015)v x t n n ==+=+m/s ，或/(43)/0.8(2015)v T n n λ==+= + m/s (012)n = ，， 向右传播时，/(41)/0.2(205)v x t n n ==+=+m/s ，或/4(41)/0.8(205) v T n n λ==+=+m/s.(012)n = ，， (4)若波速是35m/s ，则波在0.2s 内传播的距离为3 350.2714 x vt m m λ==?==，所以波向左传播。 (5)若0.2s 小于一个周期，说明波在0.2s 内传播的距离小于一个波长.则：向左传播时，传播的距离3/43x λ==m ；传播的时间3/4t T =得：周期T =0.267s ；波速v =15m/s 。向右传播时，传播的距离/41x λ==m ；传播的时间/4t T =得：周期T =0.8s ；波速v =5m/s 。 【点评】解答此题应把握以下三点： (1)注意波传播的双向性及周期性造成的多解。 (2)据波动与振动的关系求周期（频率）。 (3)据x v t T λ ==讨论波速.传播方向.传播距离等。 20.若波由P 向Q 传播，从零时刻开始经过时间3 ()4 t n T =+，P .Q 两点正好都处于平衡位置，P .Q 两 点间有一个波峰和一个波谷，且波峰距Q 点为0.2 m 。所以有：3 ()=0.64 n T s + (n =0.l.2.3…) 解得： 2.4 = 43 T s n + (n =0.l.2.3…) 由此可得当n =0时，周期最大：max 0.8T s = (2)若波由Q 向P 传播，从零时刻开始经过时间1 ()4 t n T =+，P .Q 两点正好都处于平衡位置，且p .Q 两点间有一个波峰和 一个波谷，且波峰距Q 点为0.2 m 。所以有： 1 ()=0.6 4 n T s + (n =0.l.2.3…) 由题意可得：=0.8m λ 所以= T λυ得：4+1 = 3 n υm/s (n =0.l.2.3…) 由此可得当n =0时，波速最小：min 1 = 3 υm/s 21. .解：（1）若波向右传，则10.42X M ?=，20.66X M ?=，若波向左传，则'10.3X M ?=，'20.54X M ?=（8分（2）波向右传播 万卷物理答案模块七 选修3-5 1.C 2.B 【命题立意】本题考查动量守恒定律和能量守恒定律问题。难度中等。 【解题思路】把小滑块P 和Q 以及弹簧看成一个系统，系统的动量守恒.在整个碰撞过程中，当小滑块P 和Q 的速度相等时，弹簧的弹性势能最大。设小滑块P 的初速度为v 0，两滑块的质量为m ，则 02'mv mv =，解得0'2v v =，由能量守恒定律得2220pm 001111 2()22242k v E mv m mv E =-?==，B 正确。 【易错点拨】本题的易错点是：找不到弹簧具有最大弹性势能的条件。解决此类问题的关键是要从力.运动和能量入手，即找出两物体速度相等是弹簧具有最大弹性势能的条件。 3.C 4.BD 5. D 【解析】由质能方程可知正负电子湮灭时放出的核能22E mc =,生成三个频率相同的光子，即 3hv E =,222mc v h =,光在真空中波长032c h v mc λ==,由0n λλ=得在水中的波长098h n mc λλ==,D 正确. 6.AC 【解析】本题考查了光电效应实验。由电路图可知图中所加电压为反向减速电压，根据题意可知 遏止电压为6 V ，由0k E hv W eUc =-=得0W =4.5V ，选项A 正确；当电压达到遏止电压时，所有电子都不能到达A 极，无论光强如何变化，电流计示数仍为零，选项B 错；若光子能量增大，根据光电 效应方程，光电子的最大初动能一定变大，选项C 正确；若光子能量为9.5 eV 的光照射阴极K ，则遏止电压为5V ，滑片P 向左移动少许，电流计的读数仍为零，选项D 错。 7.AD 【解析】多个氢原子发射三种波长的光子，因此是从3n =的能级向低能级跃迁，所辐射的光子能量最大的波长最短，即从3n =的激发态跃迁到1n =的基态，A 正确；由能量关系可得，从3n =的激发态跃迁到2n =再跃迁到1n =所辐射的两个光子能量之和与从3n =的激发态跃迁到1n =的基态辐射的 光子能量相等，即123c c c h h h λλλ+=，12312λλλλλ=+，D 项正确。 8. 9.A 10.C 11.BCD 【解析】本题考查的是原子核的组成.核反应.半衰期等原子物理知识。该核反应是β衰变，选项 A 错误；13153I 的中子数为131-53=78，选项 B 正确；16天为两个半衰期，有3 4的13153I 发生了衰变，选项C 正确；核反应前后，电荷数和质量数守恒，选项D 正确。 12.B 【解析】由21083Bi 衰变为210 Bi a ， 质量数没有变化，所以①是β衰变，根据核电荷数守恒同时可判断84a =；由21083Bi 衰变为83Ti b ，因为核电荷数减2，可判断②为α衰变，同时可判断206b =，所以AC 两项错误， B 项正确。81Ti b 经过一次β衰变变成20682Pb ，D 项错误。本题正确答案为B 项。 13.ABC 【解析】 本题考查了核力.比结合能的概念。由核力的概念可知，选项AB 正确；比结合能越大，核子的平均质量越小，表示原子核中核子结合得越牢固，原子核越稳定，比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定发生质量亏损，释放能量，选项C 正确，D 错误。 实验题 14. （1）D F （2） m 1L E ＝m 1L D ＋m 2L F 15. AB 静止时，弹簧被压缩长度为：k g m g m x B A += 1 AB 分离瞬间，AB 间弹力为零，弹簧被压缩长度为：k a m g m x B B +=2 设AB 分离瞬间，共同速度为v ，则：v 2＝2as ＝2a(x 2－x 1) 此过程中，对A 由动量定理得：I 合＝m A v ＝0.084 Ns 方向竖直向上 对B 由动能定理有：W 合＝2 1 m B v 2＝0.008 J 16.解：设子弹初速度为0υ，射入厚度为2d 的钢板后，最终钢板和子弹的共同速度为V .由动量 守恒得 0(2)m m V m υ+= ① 解得013 V υ= 此过程中动能损失为 22011322 E m mV υ?=-? ② 解得2 013 E m υ?= 分成两块钢板后，设子弹穿过第一块钢板时两者的速度分别为1υ和1V ,由动量守恒得 110m mV m υυ+= ③ 因为子弹在钢板中受到的阻力为恒力，射穿第一块钢板的动能损失为,2 E ?由能量守恒得 222110111222m mV m υυ+=- 2 E ? ④ 联立①②③④式，且考虑到1υ必须大于1V ，得 1 υ1(2=0υ ⑤ 设子弹射入第二块钢板并留在其中后两者的共同速度为2V ,由动量守恒得 212mV m υ= ⑥ 损失的动能为 221211 222E'm mV υ?=-?⑦ 联立①②⑤⑥⑦式得 1(122 E E'??=? ⑧ 因为子弹在钢板中受到的阻力为恒力， 由⑧式可得，射入第二块钢板的深度x 为1(12x d = ⑨ 17.（1）当A.B.C 三者的速度相等时弹簧的弹性势能最大，由A.B.C 三者组成的系统动量守恒， ()()()226 3224 A B A B C ABC ABC m m m m m m s m s ννν+?+=++==++解得 （2）B.C 碰撞时B.C 组成的系统动量守恒，设碰后瞬间B.C 两者速度为BC ν，则 ()26 224 B B C BC BC m m m m s ννν?=+= =+ 设物ABC 速度相同时弹簧的弹性势能最大为p E ， 根据能量守恒 ()()()()2 22222 111222 11124226224312222 p B C BC A A B C ABC E m m m m m m J ννν= ++-++=?+?+??-?++?= 18.【答案】（1）42He (2)5.31(±0.02都可) (3)58.7(±0.1都可) 【命题立意】考查核反应方程.质能关系.动量守恒及能量守恒问题 【解析】(1) 239 235494 92 2Pu U+He → (2) 239.052 2 u-235.043 9 u-4.002 6 u m ?=2 5.31MeV E m c ∴?=??= (3)由动量守恒可得：U a a mv v m v ?=? 而2 2K P E m = P 相同 235 4 a v k k a E mv E m ∴= = 【失分警示】(3)问中无须计算动能而用动能的动量表示形式更简单。 19.解：(1) α (2)回旋半径mv R Bq =， a 和b 初动量大小相等，45a b b a q R q R == 回旋周期2πm T Bq = 1172 a a a b b b m T q m T q =?= 该核反应是α衰变；b 的电荷数2，质量数4；a 的电荷数90，质量数234 衰变方程2384234 92290U He Th →+ (3)由22k p E m =得a b b a E m E m = 又a b E E E += 2E m c = 得22119a mc E = 2 117119 b m c E = 20.（1）A （2 ）0v 21.(1)根据核电荷数守恒和质量数守恒可得：Xe 的质量数为136，Sr 的核电荷数为38(4分) (2)该反应的质量亏损为 m ?=235.0439u+1.0087u-89.9077u-135.9072u-10×1.0087u=0.1507u 根据爱因斯坦质能方程 2E mc ?=?=0.1507×1.66×10-27 ×(3×108)2 =2.3×10-11 (J) 核电站每年所需的能量 Q P t =?=1.0×109×3.6×103×24×365J=3.2×1016 J 则由题意知：2% 0.235 A m Q N E ?= ??? 161123 0.235 3.2100.235 2% 2.310 6.02100.02 A Q m E N -???==???????=2.7×104(kg) (3)根据煤的热值计算可得消耗煤的质量为16 7 3.210' 2.9310 m ?=?kg=1.1×106t (4)核反应堆外面需要修建很厚的水泥防护层，用来屏蔽射线；对放射性废料，要装入特制的容器，埋入地层深处进行处理 一．选择题（每小题至少有一个选项正确） 1、在静电场中下列说法正确的是 A.沿电场线方向，场强一定越来越小 B.沿电场线的方向，电势一定越来越低 C.沿电场线的方向，电势能逐渐减小 D.在电场力作用下，正电荷一定熊高电势处向低电势处移动 2.如图所示，两个相互接触的导体A和B不带电，现将带正电的导体C靠近A端放置，然后分开A、B，三者均有绝缘支架，则AB的带电情况为： A.A带正电，B带负电 B. A带负电，B带正电 C.A、B都带正电 D.A、B都带负电 3.如图所示，图中五点均在匀强电场中，它们刚好是一个圆的四个等分点和圆心；已知电场线与圆所在平面平行．下列有关圆心O和等分点a的电势、电场强度的相关描述正确的是（） A．a点的电势为6V B．a点的电势为-2V C．O点的场强方向指向a点 D．O点的场强方向指向电势为2V的点 4.在静电场中，将一电子由a点移到b点，电场力做功5eV，则下列结论错误的是： A．电场强度的方向一定是由b到a B．a、b两点间的电势差大小为5V C．电子的电势能减少了5eV D．因零电势点未确定，故不能确定a、b两点的电势 5.如图所示，图中实线表示某匀强电场的电场线，一带负电荷的粒子射入电场，虚线是它的运动轨迹，a、b 是轨迹上的两点，若粒子所受重力不计，则下列判断正确的是（） A．电场强度方向向下 B．粒子一定从a点运动到b点 C．a点电势比b点电势高 D．粒子在a点的电势能大于在b点的电势能 6、如图所示，一水平放置的平行板电容器带上一定量的电荷后与电源断开，将下极板B接地，一带负电油滴静止于两极板间的P点．现将平行板电容器的上极板A竖直向下移动一小段距离，下列说法正确的是（） A．P点的电势将增大，带电油滴将向上运动 B．P点的电势将增大，带电油滴将向下运动 C．P点的电势不变，带电油滴仍然静止 D．P点的电势不变，带电油滴将向上运动 7、如图所示，平行板电容器两极板间电压恒为U，在A极板附近有一电子由静止开始向B板运动，现仅调节两板间距，则关于电子从A板到B板的运动时间以及到达B板时的速率，下列分析正确的是（） A．两板间距越大，则时间长，速率越小 B．两板间距越小，则时间短，速率越小 C．两板间距越小，则时间短，速率不变 D．两板间距越小，则时间不变，速率不变 8、有一电子束焊接机，焊接机中的电场线如图中虚线所示；其中K为阴极，A为阳极，两极之间的距离为d．在两极之间加上高压U，有一电子从K极由静止开始在K、A之间被加速．不考虑电子重力，电子的质量为m,元电荷为e，则下列说法正确的是（） 2021届河北衡水中学新高考模拟试卷（十五） 理科数学试题 ★祝考试顺利★ 注意事项： 1、考试范围：高考范围。 2、试题卷启封下发后，如果试题卷有缺页、漏印、重印、损坏或者个别字句印刷模糊不清等情况，应当立马报告监考老师，否则一切后果自负。 3、答题卡启封下发后，如果发现答题卡上出现字迹模糊、行列歪斜或缺印等现象，应当马上报告监考老师，否则一切后果自负。 4、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B 铅笔将答题卡上试卷类型A 后的方框涂黑。 5、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。 6、填空题和解答题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域的答案一律无效。如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。 7、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B 铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。 8、保持答题卡卡面清洁，不折叠，不破损，不得使用涂改液、胶带纸、修正带等。 9、考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。 一、选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的． 1.设集合{}2 40P x x x =->，(){}2log 12Q x x =-<，则 ( )R P Q =（ ） A. []0,4 B. [)0,5 C. (] 1,4 D. [)1,5 【答案】C 【解析】 【分析】 先由二次不等式及对数不等式的解法求出集合P 、Q ，然后结合集合交、并、补的混合运算求解即可. 【详解】解：解不等式240x x ->，得4x >或0x <，即{ 4P x x =或}0x <， 即R C P ={} 04x x ≤≤, 解不等式2log (1)2x -<，得014x <-<，即15x <<，即{} 15Q x x =<<， 河北省衡水市衡水中学高一第二学期第一次质量检测化学试题 一、选择题 1．下列说法正确的是 A．可用澄清石灰水鉴别二氧化硫和二氧化碳 B．将二氧化硫通入氯化钡溶液中无明显现象，不断振荡，溶液变浑浊 C．工业上或实验室用亚硫酸钠固体与稀硫酸反应制备二氧化硫 D．二氧化硫能使含酚酞的氢氧化钠溶液褪色，体现了其漂白性 【答案】C 【详解】 A．二氧化硫和二氧化碳均为酸性氧化物，均可使石灰水变浑浊，现象相同，不能鉴别，故A错误； B．二氧化硫与氯化钡溶液不反应，振荡，溶液不会变浑浊，故B错误； C．亚硫酸钠与稀硫酸反应生成硫酸钠、二氧化硫和水，则实验室用亚硫酸钠与稀硫酸反应制备二氧化硫，故C正确； D．二氧化硫能使滴有酚酞的氢氧化钠溶液褪色，体现了酸性氧化物的性质，与漂白性无关，故D错误； 故选：C。 2．下列有关硫及其化合物的说法中正确的是( ) A．浓硫酸与灼热的炭反应，体现了浓硫酸的强氧化性和酸性 B．浓硫酸具有吸水性，可做干燥剂，不能干燥 NH3、 H2S等气体 C．SO2和 Cl2均可使品红溶液褪色，但将溶有 SO2的品红溶液加热后又恢复红色，说明 SO2的氧化性没有 Cl2强 D．以 FeS和稀硫酸反应制H2S气体为氧化还原反应 【答案】B 【详解】 CO，浓硫酸被还原成SO2，体现了硫酸的强氧化A.浓硫酸与灼热的炭反应，炭被氧化成2 性，但是反应产物中没有硫酸盐，因此无法体现硫酸的酸性，A项错误； B.由于浓硫酸具有酸性和强氧化性，浓硫酸不能干燥碱性气体（如NH3）和还原性气体（如H2S、HI等），B项正确； C.二氧化硫的漂白原理与氯气的漂白原理不一样，二氧化硫漂白的原理是二氧化硫与有色物质化合成不稳定的无色物质，因此不能根据二氧化硫的漂白是可逆的这一点来判断二者的氧化性强弱，C项错误； D.FeS中硫的化合价为-2价，2H S中硫的化合价也是-2价，则FeS与稀硫酸发生复分解反应制备H2S，没有元素化合价的变化，因此不是氧化还原反应，D项错误； 答案选B。 3．下列关于物质的检验说法不正确的是( ) 2014一2015学年度上学期高一年级一调考试 物理试卷 本试卷分第I卷(选择越)和第II卷(非选择题)两部分.第I卷和第II卷共4页.共110 分。考试时间110分钟。 第I卷(选择题共64分) 一、选择题(每1小题4分,共64分,下列每小题所给选项至少有一项符合题意，全部选时得4分.对而不全得2分) ) 1.在图中所示的时间轴上标出的是下列哪些时间或时刻( A.第4s初 B.第3s末 C.第3s D.前3s 2.明代诗人曾写下这样一首诗:.空手把锄头.步行骑水牛;人在桥上走，桥流水不流.”其“桥该水不流”中的“桥流”应理解成其选择的能考系是（） A.水 B.桥 C.人 D.地面 3.关于速度和加速度的关系.下列说法正确的是( ) A.加速度为零的物体,其速度一定为零 B.加速度减小时,速度一定减小 C.加速度减小时,速度一定增大 D.加速度越大的物体.其速度变化越快 4.物体做直线运动时可以用坐标轴上的坐标表示物体的位置.用坐标的变化量表示物体的位移。如图所示一个物体从A运动到C.它的位移；从C运 ) 动到B.它的位移为。下列说法中正确的是( A. C到B的位移大于A到C的位移.因为正数大于负数 B.A到C的位移大于C到B的位移。因为符号表示位移的方向，不表示大小 C.因为位移是矢量.所以这两个矢量的大小无法比较 D.物体由A到B 的合位移 5.2014年在俄罗斯举办的第22届冬季典运会比赛项目中:冰壶运动员需要运用多种旋转技参推出冰壶;冰球运动员需要用力将冰球打人对方大门。短道速滑运动员在弯道处要控制好身体的倾斜程度;自由式滑雪空中技巧运动员在高空中需要做出各种高难度翻转。在这些项目可以看成质点的是 河北衡水中学2011—2012学年度第一学期期末考试 高一化学试卷 命题人：邓利审核人：张括志本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分100分。考试时间110分钟。 相对原子质量：F～19 H～1 O～16 C～12 N～14 S～32 Cl～35.5 Br～80 Na～23 K～39 Ca～40 Mg～24 Al～27 Fe～56 Cu～64 Ag～108 Zn～65 Hg～201 S～32 Ne～20 第Ⅰ卷（选择题共50分） 一、选择题（每小题1分，共10分。下列每小题所给选项只有一个选项符合题意，请将正确答案 的序号填涂在答题卡上） 1．下列物质属于电解质的是（） A．石墨 B．烧碱 C．蔗糖 D．金属铝 2、.随着人们生活节奏的加快，方便的小包装食品已被广泛接受。为了延长食品的保质期，防止食品受潮及富脂食品氧化变质，在包装袋中应放入的化学物质是() A.无水硫酸铜、蔗糖 B.硅胶、硫酸亚铁 C.食盐、硫酸亚铁 D.生石灰、食盐 3、“纳米材料”是粒子直径为1～100nm（纳米）的材料，纳米碳就是其中的一种。若将纳米 碳均匀地分散到蒸馏水中，所形成的物质（） ①是溶液②是胶体③ 能透过滤纸④不能透过滤纸⑤能产生丁达尔效应⑥ 静置后，会析出黑色沉淀 A.①④⑥ B.②③④ C.②③⑤ D.①③④⑥ 4、实验室可用右图所示装置干燥、收集某气体R， 则R可能是（） A．SO2 B. NH3 C. HCl D. O25、下列各组离子中，能在同一溶液中大量共存，加入一小块钠后仍能大量共存的是（） A．Na＋、K＋、Cl－、CO32－B．Cu2＋、Na＋、SO42－、NO3－ C．Ba2＋、K＋、Cl－、SO42－D．K＋、Na＋、HCO3－、CO32－ 6、能源可划分为一级能源和二级能源。自然界中以现成形式提供的能源称为一级能源；需依靠 其它能源的能量转换得到的间接能源称为二级能源。下列叙述正确的是（） A．天然气是二级能源 B．热水器使用的太阳能是一级能源 C．手机中使用的电池是一级能源 D．水电站发电利用的水能是二级能源 7、下列反应中硫酸既表现了氧化性，还表现了酸性的有（） A.2H2SO4（浓）+Cu CuSO4+2H2O+SO2↑ B.2H2SO4（浓）+C CO2↑+2H2O+2SO2↑ C.H2SO4（浓）+NaCl NaHSO4+HCl↑ D.H2SO4+Na2SO 3Na2SO4+H2O+SO2↑ 8、下列物质的分类方法恰当的是（） 9、下列有关实验的现象描述正确的是（） A．氢气在氯气中燃烧，火焰呈苍白色，瓶口出现大量白雾。 B．磷在氯气中燃烧，发出明亮的蓝紫色火焰，产生大量白色烟雾。 C．铜在氯气中燃烧，产生白烟，加水溶解后可得蓝绿色溶液。 D．用洁净的铂丝沾取碳酸钾粉末在酒精灯火焰上灼烧，可观察到明亮的紫色火焰。 10、化学实验中常将溶液或试剂进行酸化，下列酸化处理的措施正确的是（） A．检验溶液中是否含有SO32-时，用硝酸酸化后再加BaCl2溶液 B．为提高高锰酸钾溶液的氧化能力，用盐酸将高锰酸钾溶液酸化 C．检验溶液中是否含有Fe2+时，用硝酸酸化后，加KSCN溶液 D．检验溶液中是否含有SO42-时，用盐酸酸化后，加BaCl2溶液 河北省衡水市衡水中学高一分班考试物理试卷 一、选择题 1．下列事例中，通过热传递改变物体内能的是（） A．钻木取火B．双手互搓发热 C．晒太阳取暖D．铁丝反复弯折后发热 2．我国是目前为数不多的可以生产无针注射器的国家，其中一种电动式无针注射器通电时永磁体的磁场与通电线圈相互作用，产生强大的助推力，使药液以接近声音的速度注入皮肤。下列关于该注射器说法错误的是（） A．它的工作原理与电动机相同B．药液能注入皮肤是利用了药液的惯性C．它是利用电磁感应工作的D．它工作时将电能转化为机械能 3．如图所示为甬城上空出现的“日晕”现象。日晕是一种大气光学现象，当日光通过卷云层时，受到冰晶的两次折射便在太阳周围出现一个巨大的彩色光环。下列现象也是由于光的折射所引起的是（） A．桥在水中的倒影B．手在灯光下形成的影子 C．池水的深度看起来比较浅D．汽车后视镜可扩大视野范围 4．关于粒子和宇宙的说法正确的是（） A．扫地时灰尘飞舞，说明分子在做无规则运动 B．手捏海绵，海绵体积变小，说明分子间有空隙 C．毛皮与橡胶棒摩擦，橡胶棒由于得到电子而带负电 D．宇宙是一个有层次的天体结构系统，恒星是绝对不动的 5．如图代表多个物理实验，关于这些实验的说法正确的是（） A．水沸腾后，水蒸气推动橡皮塞冲出试管口，这一过程中的能量转化与汽油机压缩冲程相同 B．将两只相同的气球在自己的头发上摩擦后，可以让一只气球在另一只气球上方“跳舞”，这种现象与验电器的工作原理相同 C．烧瓶中的水加热至沸腾后移开酒精灯，用注射器往瓶内打气，水继续沸 腾 D．在估测大气压的实验中，注射器里的空气未排尽，会使测量结果 偏大 6．如图所示的四个物态变化中，属于吸热的是( ) A．春天，冰雪消融 B．夏天，露珠晶莹 C．秋天，白雾弥漫 D．冬天，霜满枝头 7．为了能自动记录跳绳的次数，某科技小组设计了一种自动计数器，其简化电路如图甲所示．R1是一种光敏元件，每当绳子挡住了射向R1的红外线时，R1的电阻会变大，自动计数器会计数一次，信号处理系统能记录AB间每一时刻的电压．若已知电源电压为12V，某一 绝密*启用前试卷类型：B 2010年普通高等学校招生全国统一考试 河北衡水中学三模英语试卷 命题人高三英语组本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。共6页。共150分。考试时间120分钟。 第Ⅰ卷（选择题共95分） 第一部分英语知识运用（共三节，满分50分） 第一节语音知识（共5小题；每小题1分，满分5分） 1. stomach A. chain B. chemistry C. search D. bench 2. exist A. exact B. except C. excellent D. explode 3. answer A. plan B. sandwich C. branch D. rapid 4. pillow A. allow B. shower C. own D. drown 5. cushion A. club B. drug C. future D. push 第二节语法和词汇知识（共15小题；每小题1分，满分15分） 从A、B、C、D四个选项中，选出可以填入空白处的最佳选项。 6．They went on well at first but eventually everything ______ they had worried about happened．A．which B．what C．that D．when 7．Mike seldom asks ______ questions in class, but today he raised ______ fairly good one．A．/; a B．the; a C．/; the D．/; / 8．—Hi, David, I heard you had an accident this morning． —Yes．Luckily, I hit the brakes in time ______ I would have been injured badly． A．and B．but C．or D．so 9．You really need to go out and get some fresh air and sunshine．You ______ overworked during the last two weeks．A．have been B．were C．had been D．would be 10．—Do you have Mary's address? —Sorry, I don't have it ______ me at present．A．to B．on C．for D．from 11．—Can I ask you a few straightforward questions about yourself？ —No problem．I like ______ when people are open and direct． A．that B．this C．it D．them 12．The conference aims to develop business and let people think about ______ they can have a positive influence on the planet． A．why B．that C．what D．how 13．Ann ______ here any more．She left last month． A．won't work B．doesn't work C．hasn't worked D．isn't working 14．_____ the chapter four times, I finally understood the author's theory． A．Reading B．Having read C．To read D．Read 15．The Hotel Al Arab ______ the first and only 7-star hotel in the world was designed in the shape of a sail of 321 meters. A．was considered B．considering C．being considered D．considered 16．Once again he didn’t hand in his homework _____ he had been given enough time to do it．A．in case B．as though C．so that D．even though 17．Since the beginning of the vacation，I across the country，and my next stop is the Wuyi Mountains． A．had traveled B．will travel C．have been traveling D．was traveling 18．As we all know, ______ medical examination will help us find out health problems as early as possible. A. common B. general C. regular D. normal 19．A study shows that students living in non-smoking dormitories are less likely to ________ the habit of smoking. A. pick up B. turn up C. draw up D. make up 20．---They live on a busy road．--- There ______ be a lot of noise from the traffic．A．must B．may C．would D．could 第三节完形填空（共20小题，计分30分） 阅读下面短文，掌握其大意，然后从21￣40各题所给的四个选项中，选出一个最佳答案。 Louise was 72 years old and she lived by herself．The first thing she noticed when she came downstairs that Sunday morning was that her 21 window was open. In fact，it was so wide open that she had 22 closing it．Then she realized that things were not in their proper 23 ．Finally，when she found her empty 24 on the kitchen table，she realized the awful 25 ．At first, she didn’t know what to do．Then she decided to 26 her son，Derek． Derek’s wife Sybil answered the phone，“It's your mother，”she 27 him coldly．Louise told Derek about the open window，about things being in the wrong places and about the 28 missing from 衡水中学高一物理必修1模块终结考试 时间90 分钟赋分100 分 一．单项选择题：（每题 3 分，共48 分） 1．一皮球从离地面2m 高处竖直下落，与地相碰后，被反向弹回至 0.9m 高处。在这一过程中，皮球经过的路程和位移大小分别为： （） A． 2.9m ， 2.9m B． 2m， 0.9m C． 2.9m ，1.1m D． 2.9m， 0.9m 2．已知两个力 F 与 F 的大小分别为10N 和30N，则它们的合力大小不可能等于：（） 1 2 A． 15N B．20N C． 35N D．40N 3．对于惯性概念的理解，下列说法中正确的是： A．判断物体有无惯性，要看物体是否静止或做匀速直线运动 B．只有速度不易改变的物体才有惯性 C．只能从物体本身寻找决定惯性大小的因素，惯性与物体外部因素无 关D．物体所受外力的大小影响着物体惯性是否发生变化 4．关于作用力与反作用力跟一对平衡力之间的关系，下列说法正确的是：A．作用力与反作用力跟一对平衡力都是等值反向的一对力，作用效果可以互相抵消B．作用力与反作用力跟一对平衡力都是同时产生、同时消失 C．一对平衡力的性质可以是互不相同的，而作用力与反作用力的性质一定是相同的D．人拍手时，两手间的相互作用力不属于作用力与反作用力，只能是一对平衡力 5．关于摩擦力，下列说法中正确的是： A．摩擦力的大小总是跟压力的大小成正比 B．接触且相对静止的两个物体之间不会产生摩擦力 C．滑动摩擦力大小跟物体相对运动的速度大小有关 D．摩擦力的方向总是跟压力的方向垂直 6．如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，重为G 的物体受到水平推力 F F 的作用，物体静止不动，则物体对斜面的压力大小为：（） A． GsinθB． Gcosθ C． Gcosθ +FsinθD． Gcosθ+Fcosθ（）（）（） θ 7．某物体由静止开始以恒定加速度运动，经t s 速度达到v，则在这 t s 内，物体在中间时刻的速度与物体位于中点位置时的速度大小之比为：（）A． 1∶ 2B． 1∶2C． 2 ∶1D． 3 ∶1 8．在自由落体运动中，第一个2s、第二个 2s、和第 5s 这三段时间内，相对应的三段位移之比为：（） A． 1∶ 3∶ 5B． 2∶ 6∶ 5C． 2∶ 8∶ 7D． 4∶ 12∶ 9 衡水中学2017-2018学年高一下学期期中考试化学试卷 一、单选题 1．短周期主族元素X、Y、Z、W的原子序数依次增大，X原子核外最外层电子数是其电子层数的2 倍，X、Y的核电荷数之比为3∶4。W－的最外层为8电子结构。金属单质Z在空气中燃烧生成的化合物可与水发生氧化还原反应。下列说法正确的是（） A. X与Y能形成多种化合物，一般条件下都能与Z的最高价氧化物的水化物发生反应 B. 金属单质Z在空气中燃烧产生淡紫色火焰 C. X与W形成化合物可作为萃取剂，其密度比水小 D. Y、W的某些单质或两元素之间形成的某些化合物可作水的消毒剂 2．W、X、Y、Z是原子序数依次增大的四种短周期非金属主族元素，q、r、s、h 是这些元素形成的物质，其中h 是离子化合物，q是制太阳能电池的主要原料，s常温下呈气态且其水溶液显碱性，r为二元化合物,其浓溶液在空气中易形成白雾。下列说法正确的是（）A. Y 与X属于同一主族,与Z属于同一周期 B. 单质的沸点：X>Z C. 常温常压下,W的氧化物为液态 D. X的氧化物均能用向上排空气法收集 3．下列说法不正确的是 ①质子数相同的微粒一定属于同一种元素 ②同一元素的核素种数由中于数决定 ③同位素的化学性质几乎相同 ④质子数相同、电子数也相同的两种微粒，不可能一种是分子另一种是离子 ⑤Cl2中35Cl与37Cl两种核素的个数之比与HCl中35Cl与37Cl的个数之比相等 A. ③ B. ④ C. ②⑤ D. ① 4．下列反应的离子方程式书写正确的是( ) A. 氢氧化钠溶液与稀醋酸反应:OH-+H+=H2O B. 碳酸钙与足量稀硝酸反应:CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2↑ C. 氯化铝溶液与过量氨水反应:Al3++4NH3·H2O=AlO2-+4NH4++2H2O D. 钠与水反应:Na+2H2O=Na++2OH-+H2↑ 5．向体积均为10 mL、物质的量浓度相同的两份NaOH 溶液中分别通入一定量的CO2，得到溶液甲和乙。向甲、乙两溶液中分别滴加0.1mol/L的盐酸，此时反应生成CO2体积(标准 衡水中学2017-2018学年高一下学期期中考试物理试卷 一、选择题 1．如图甲所示为傾斜的传送带，正以恒定的速度v沿顺时针方向转动，传送带的倾角为37o，一物块以初速度v0从传送带的底部冲上传送带并沿传送带向上运动,物块到传送带頂端的速度恰好为零，其运动的v-t图象如乙所示，已知重力加速度为g= 10m/s2,sin37o=0.6,cos37o=0.8,则下列判断正确的是( ) A. 传送带的速度为4m/s B. 传送带底端到顶端的距离为32m C. 物块与传送带间的动摩擦因数为0.1 D. 物块所受摩擦力的方向一直与物块运动的方向相反 2．某同学把一体重计放在电梯的地板上，然后站在体重计上随电梯运动，他观察了体重计示数的变化情况，并记录下了几个特定时刻体重计的示数（表内时刻不表示先后顺序）。若已知t0时刻电梯静止，则 A. t1和t2时刻物体所受重力不相同 B. t1和t3时刻电梯运动的加速度方向一定相反 C. t1时刻电梯一定在向上做加速运动 D. t2和t4时刻电梯一定处于静止状态 3．如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一质量为2m的光滑弧形槽静止放在足够长的光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，一质量为m的小物块从槽上高h处开始下滑，重力加速度为g，下列说法正确的是 mgh A. 物体第一次滑到槽底端时，槽的动能为 3 mgh B. 物体第一次滑到槽底端时，槽的动能为 6 C. 在压缩弹簧的过程中，物块和弹簧组成的系统动量守恒 D. 物块第一次被弹簧反弹后能追上槽，但不能回到槽上高h处 4．如图所示，质量为M的长木板静止在光滑水平面上，上表面OA段光滑，AB段粗糙且长为l，左端O处固定轻质弹簧，右侧用不可伸长的轻绳连接于竖直墙上，，轻绳所能承受的最大拉力为F．质量为m的小滑块以速度v从A点向左滑动压缩弹簧，弹簧的压缩量达最大时细绳恰好被拉断，再过一段时间后长木板停止运动，小滑块恰未掉落。则（） A. 细绳被拉断瞬间木板的加速度大小为 B. 细绳被拉断瞬间弹簧的弹性势能为 C. 弹簧恢复原长时滑块的动能为 D. 滑块与木板AB间的动摩擦因数为 5．如图所示，质量为3kg的物体A静止在竖直的轻弹簧上面质量为2kg的物体B用细线悬挂A、B间相互接触但无压力。取g=10m/s2。某时刻将细线剪断，则细线剪断瞬间 衡水中学2019-2020学年高一下学期期末考试 化学试题 可能用到的相对原子质量： H-1 C-12 N-14 O-16 Na -23 Mg-24 Al-27 S-32 Ca-40 Fe-56 Cu-64 Ba-137 第 I卷 一、选择题：本题包括10小题，每小题1分，共10分。毎小题只有一个选项符合题意。 1.化学与生产、生活、社会密切相关，下列说法正确的是 A. “84”消毒液消毒的原理和明矾净水的原理相同 B. 利用生物质能就是间接利用太阳能 C. 钾、镁、铁等金属有绚丽的颜色，可用于制造焰火 D. 医疗上常用碳酸钡作X射线透视肠胃的内服药剂 2.下列说法不正确的是 A. 钠、硅、硫等元素在自然界中只存在化合态 B. 纯铁的抗腐蚀性能比生铁好 C. 浓硫酸和浓硝酸在常温下都能用金属铝制容器盛放 D. 制备FeCl3不能采用将其溶液直接蒸干的方法 3.下列陈述I、Ⅱ均正确且具有因果关系的是 A. A B. B C. C D. D 4.下表中对于相关物质的分类全部正确的是 选项纯净物混合物碱性氧化物非电解质 A. 液氧漂白粉Al2O3CO B. 生理盐水氢氧化铁胶体Na2O2乙醇 C. 碱石灰盐酸K2O Cl2 D. 胆矾水玻璃CaO SO2 A. A B. B C. C D. D 5. 埋在地下的钢管道可以用如图所示方法进行电化学保护。下列说法正确的是 A. 该方法将电能转化成化学能 B. 在此装置中钢管道作正极 C. 该方法称为“外加电流的阴极保护法” D. 镁块上发生的电极反应为O2+2H2O+4e-=4OH- 6.下列实验事实用元素周期规律解释不合理的是 选项化学事实周期律解释 A 向Na2SO3溶液中加稀盐酸产生气泡非金属性：Cl>S 原子半径：Mg>Al B Mg、Al与同浓度的盐酸反应，Mg更剧烈 C K与水的反应比Na与水的反应更剧烈金属性：K>Na D 加热条件下HBr比HF更易分解非金属性：F>Br 河北省衡水中学2014-2015学年高一上学期第一次调研物理试卷 一、选择题（每小题4分，共64分，下列每小题所给选项至少有一项符合题意，全部选时得 4分.对而不全得2分） 1．（4分）在图中所示的时间轴上标出的是下列哪些时间或时刻（） A．第4s初B．第3s末C．第3s D．前3s 2．（4分）明代诗人曾写下这样一首诗：“空手把锄头，步行骑水牛；人在桥上走，桥流水不流”．其“桥流水不流”中的“桥流”应理解成其选择的参考系是（） A．水B．桥C．人D．地面 3．（4分）关于速度和加速度的关系，下列说法正确的是（） A．加速度为零的物体，其速度一定为零 B．加速度减小时，速度一定减小 C．加速度减小时，速度一定增大 D．加速度越大的物体，其速度变化越快 4．（4分）物体做直线运动时可以用坐标轴上的坐标表示物体的位置，用坐标的变化量△ｘ表示物体的位移．如图所示，一个物体从A运动到C，它的位移△ｘ1=﹣4m﹣5m=﹣9m；从C 运动到B，它的位移为△ｘ2=l m﹣（﹣4m）=5m．下列说法中正确的是（） A．C到B的位移大于A到C的位移，因为正数大于负数 B．A到C的位移大于C到B的位移，因为符号表示位移的方向，不表示大小 C．因为位移是矢量，所以这两个矢量的大小无法比较 D．物体由A到B的合位移△x=△ｘ1+△ｘ2 5．（4分）2014年在俄罗斯举办的第22届冬季奥运会比赛项目中：冰壶运动员需要运用多种 旋转技术推出冰壶；冰球运动员需要用力将冰球打入对方大门；短道速滑运动员在弯道处要 控制好身体的倾斜程度；自由式滑雪空中技巧运动员在高空中需要做出各种高难度翻转．在 这些项目中可以看成质点的是（） A．冰壶比赛中运动的冰壶 B．冰球比赛中运动的冰球 C．短道速滑中的运动员 D．高空翻腾技巧运动中的运动员 6．（4分）做匀变速直线运动的物体位移随时间的变化规律为x=24t﹣1.5t2（m），根据这一关系式可以知道，物体速度为零的时刻是（） A．1.5s B．8s C．16s D．24s 7．（4分）质点做直线运动的位移x和时间平方t2的关系图象如图所示，则该质点（） 河北衡水中学2017届全国高三大联考(全国卷) 语文试题 第I卷阅读题 一、现代文阅读(35分) (一)论述类文本阅读(9分) 阅读下面的文字，完成l～3题。 清顺治八年(1651年)，顺治在祭告黄帝文中曰：“自古帝王，受天明命，继道统而新治统。”刚刚入主中原的满族皇帝这句话看似简单，实则内涵非常丰富，可以说是探析中国现代转型之艰的一个极其重要的视角。 何谓“道统”与“治统”?简单来说，前者主要指尧、舜、禹、汤、文、武、周公、孔、孟这些圣人的思想传统，即儒家思想传统。后者主要指体现为一定继承性的政治统治的传统。 作为“道统”的儒家思想传统，虽在历史上也曾遭到其他思想挑战，但几千年里基本上“天下所极重”。儒家思想自有真理的闪光点和恒久的魅力，但历代帝王看重的是它所宣扬的仁义道德等对封建专制统治合法性的诠释，倚重的是它所宣扬的“君君、臣臣、父父、子子”对封建专制统治秩序的巩固，从而形成“天下以道而治”的共识。因此，历代帝王都把“继道统”作为巩固自己统治的重中之重。不过，以“继道统”为基础的“新治统”，其“新”是极其有限的。一个新王朝替代前朝，不会去否定其封建专制，而是认为前朝统治失德离道，所以天命转移。不去否定封建专制的“新治统”，只能表现为对治理之术细枝末节的修修补补，实践中则是封建专制统治在总体上不断强化。 中国历史上，“道统”与“治统”根深蒂固，强大到把入主中原的少数民族政权纳入自己的发展轨道，强大到在西方列强不断的侵略下始终没有瓦解。从这个意义上说，“道统”与“治统”对于保持中华文明的连续性和统一性有着积极作用。但是，这种深厚的积淀也使中国天然地缺乏走出传统社会的思想资源和体制基础。当中国要向现代社会转型时，“道统”与“治统”就成为沉重的历史包袱。 世界上许多国家经历过从传统社会向现代社会转型的艰难历程，但像中国这样历经百年、遍尝艰辛的却很少。譬如，日本在19世纪中叶与中国境遇相似，但它通过明治维新顺利地向现代转型，不应忽略的一点就是它没有中国这样的“道统”与“治统”。历史底蕴的缺乏在转型时反而成为优势，使其更容易放弃“原来的自己”。而中国在鸦片战争之后，有识之士也希望通过改良挽救民族危亡，但根深蒂固的“道统”与“治统”却阻碍中国的现代转型。近代I历史上，早期改良派人物王韬说：“器则取诸西国，道则备自当躬。盖万事而不变者，孔子之道也，儒道也，亦人道也。”这是当时的代表性思潮。此后的“中体西用”思潮和洋务运动，与其说是向现代转型的一种努力，不如说是对“道统”与“治统”的竭力维护。再往后，即使辛亥革命敲响了封建专制的丧钟，依然有袁世凯称帝的闹剧。只有在中国共产党成立后，才真正终结维护封建专制的“道统”与“治统”，中国也由此开始真正向现代转型，向民族伟大复兴的目标迈进。 (摘编自叶帆《道统、治统与现代转型之艰》) 1、下列关于原文内容的表述，不正确的一项是(3分) A．中国向现代转型艰难的原因，从刚刚入主中原的满族顺治皇帝祭告黄帝文中关于“道统”“治统”的话中可见一斑。 B．道统主要指古代圣君、贤臣、孔孟诸位圣人的思想传统，即儒家的思想；治统主要指体现为一定继承性的政治统治传统。 C．儒家思想传统被认定为道统，历史上虽然也曾遭到其他思想挑战，但在几千年里可以说被天下人极为看重。 D．历代帝王注重的不是儒家思想的真理和魅力，而是其对封建专制合法性的诠释及对统治秩序的巩固作用。 2．下列理解和分析，不符合原文意思的一项是(3分) 衡水中学2019-2020学年高一下学期期中考试物理试题 第Ⅰ卷 一、选择题：本题共15小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，至少有一项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。 1．关于万有引力定律的说法正确的是（ ） A ．万有引力定律仅对质量较大的天体适用，对质量较小的物体不适用 B ．开普勒等科学家对天体运动规律的研究为万有引力定律的发现奠定了基础 C ．根据公式2 2 1r m m G F 可知，当r 趋近于零时，万有引力将趋于无穷大 D ．两物体间相互吸引的一对万有引力是一对平衡力 2．如图所示，汽车停在缓坡上，要求驾驶员在保证汽车不后退的前提下向上启动，这就是汽车驾驶中的“坡道起步”。驾驶员的正确操作是将变速杆挂入低速挡，徐徐踩下加速踏板，然后慢慢松开离合器，同时松开手刹，汽车慢慢启动。下列说法正确的是（ ） A ．变速杆挂入低速挡，是为了能够提供较大的牵引力 B ．变速杆挂入低速挡，是为了增大汽车的输出功率 C ．徐徐踩下加速踏板，是为了让牵引力对汽车做更多的功 D ．徐徐踩下加速踏板，是为了让汽车的输出功率保持为额定功率 3．如图所示，某人把质量为m 的石块从h 高处以初速度v 0斜向上抛出（空气阻力忽略不计）。若以抛出点为零势能面，重力加速度为g ，则下列说法正确的是（ ） A ．石块离开手的时刻机械能为mgh mv +2 02 1 B ．石块刚落地的时刻动能为mgh mv -2 02 1 C ．人对石块做的功为 mgh mv +2 021 D ．人对石块做的功为2 02 1mv 4．汽车以额定功率在水平路面上行驶，空载时的最大速度为v 1，装满货物后的最大速度为v 2，已知汽车空车的质量为m 0，汽车所受的阻力与车重成正比，则汽车满载时所装的质量为（ ） A ．021)1( m v v - B ．021)1(m v v + C ．021)1(m v v - D ．02 1m v v 5．如图所示，从水平地面上同一位置先后抛出的两个质量相等的小球P 、Q ，分别落在地面上的M 、N 点，两球运动的最大高度相同，不计空气阻力，则下列说法正确的是（ ） A ．P 、Q 的飞行时间相等 B ．P 与Q 在空中不可能相遇 C ．P 、Q 落地时的重力的瞬时功率相等 D ．Q 落地时的动能大于P 落地时的动能 6．轻质弹簧右端固定在墙上，左端与一质量m=0.5kg 的物块相连，如图甲所示，弹簧处于原长状态，物块静止且与水平面间的动摩擦因数μ=0.3，以物块所在处为原点，水平向右为正方向建立x 轴，现对物块施加水平向右的外力F ，F 随x 轴坐标变化的情况如图乙所示，物块运动至x=0.4m 处时速度为零，则此时弹簧的弹性势能为（g=10m/s 2）（ ） A ．1.5J B ．2.1J C ．2.9J D ．3.5J 7．我国“玉兔号”月球车被顺利送抵月球表面，并发回大量图片和信息。已知该月球车在地球表面的重力为G 1，在月球表面的重力为G 2。地球半径为R 1，月球半径为R 2，地球表面处的重力加速度为g ，忽略地球 河北省衡水市衡水中学高一分班考试化学试卷 一、选择题 1．下列表中除杂方法与试剂错误的是（） 选项物质杂质除去杂质的方法及试剂 A KCl MnO2加入足量水溶解，过滤，蒸发 B NaOH Na2CO3加入适量的盐酸，至恰好无气体 C CO2CO通过灼热的氧化铜粉末 D FeCl2CuCl2加入过量的铁粉，充分反应后过滤 A．A B．B C．C D．D 2．除去物质中的少量杂质，下列方法不能达到目的的是（） 选项物质杂质除去杂质的方法 A CaO CaCO3高温充分煅烧 B KCl溶液CaCl2通入足量的CO2，过滤 C CO2CO通过足量的灼热氧化铜 D H2HCl依次通过足量的NaOH溶液和浓硫酸 A．A B．B C．C D．D 3．向硫酸亚铁、硫酸铜的混合溶液中加入一些锌粉，充分反应后，过滤，得到滤渣A和滤液。将滤渣A加入少量稀硫酸中，有气泡产生。以下对滤渣A的组成成分判断的五种情况，其中合理的有 ①Cu ②Fe、Cu ③Zn、Fe ④Zn、Cu ⑤Zn、Fe、Cu A．②⑤ B．②③ C．②③④⑤ D．①②⑤ 4．除去下列物质中所含的杂质，选用的试剂（括号内的物质）正确的是：（）A．CaO中混有少量CaCO3（盐酸） B．CO2中混有HCl气体（NaOH溶液） C．Cu(NO3)2溶液中混有AgNO3（铜粉） D．CO2中混有少量CO（氧气） 5．下列制备物质的设计中，理论上正确，操作上可行。经济上合理的是 A． B． C． D． 6．已知A、B、C、D、E分别是初中化学中所学常见物质，它们之间相互转化的关系如图所示，“→”表示物质相互之间的转化，“—”表示物质之间能发生反应，A、B、C、E分别属于不同类别的化合物，A与C、E与C之间的反应产物完全相同，E在农业上可用于改良酸性土壤。下列叙述错误的 A．上述五种物质之间相互转化的化学反应类型中不包含置换反应 B．D与水反应生成酸，A与水反应生成碱 C．可用水除去E中含有的少量A杂质 D．B、D两种物质在一定条件下，不能互相转化 7．除去下列各物质中的少量杂质所选用的试剂及操作方法均正确的是（） 项目物质杂质(少量)试剂操作方法 A CaO固体CaCO3固体加入适量的稀盐酸过滤、洗涤、干燥 B CO2CO通O2点燃 C NaNO3Na2SO4适量氢氧化钡溶液过滤 D KClO3MnO2水溶解、过滤、蒸发 A．A B．B C．C D．D 8．下列从左到右依次代表ABCD四个图像中，能正确表示对应变化关系的是（） A．向氢氧化钠和碳酸钠的混合溶液中滴加盐酸 B．向一定量稀硫酸中加水稀释 C．加热等质量的氯酸钾制取氧气 D．向饱和氢氧化钙溶液中加入CaO 9．除去下列物质中的杂质所用的试剂和方法不正确的是 ( )。 物质杂质除去杂质所用的试剂和方法 河北省衡水中学2013-2014学年高一上学期一调考试 化学试题及答案 2013-2014学年度第一学期学期第一次调研考试 高一年级化学试卷本试卷包含两部分,第一部分为客观题,共30个题,45分,将答案填涂到答题卡上;第二部分为主观题,共6个题,55分,将答案答在答题纸上。请注意答题时间为110分钟。 可能用到的原子量: H:1C:12 N:14O:16S:32Cl:35.5 Na:23 Al:27Fe:56 Cu:64 Ag:108 第Ⅰ卷 (选择题,共45分) 单项选择题(下列每小题所给选项只有一项符合题意,请将正确答案的序号填涂在答题卡上,其中1??15每小题1分,15??30每小题2分) 1、化学实验中的安全意识是一种重要的科学素养。下列实验操作中不正确的是() A.CO气体有毒,处理CO气体时可以将其点燃,转化为无毒的CO2 B.在盛有O2的集气瓶中进行铁丝燃烧实验时,事先在集气瓶底部放一些水 C.稀释浓硫酸时,先在量筒中加入一定量的水,再慢慢地加入浓硫酸并搅拌 D.给试管内的液体加热时,试管口不能对着他人或自己 2、已知乙酸乙酯C4H8O2是一种无色液体,不溶于水,密度小于1 g?mL-1,沸点约为55 ℃。要从水与乙酸乙酯的混合物中将乙酸乙酯分离出来,下列方法中最简便的是 A.蒸馏 B.分液 C.过滤 D.蒸发 3、下列实验操作中错误的是( ) A.过滤操作时如果有必要可以用蒸馏水洗涤滤纸上的沉淀2-3次 B.蒸馏操作时,应使温度计水银球插入液态混合物中 C.分液操作时,分液漏斗中下层液体从下口放出,上层液体从上口倒出 D.萃取操作时,萃取剂要和原溶剂互不相溶,且不能与溶质和溶剂反应 4、有下列仪器:①集气瓶、②量筒、③烧杯、④表面皿、⑤蒸发皿、⑥容量瓶、⑦圆底烧瓶,能用于加热的是( ) A.②③⑤ B.③⑥⑦ C.①③④ D.③⑤⑦ 5、下列说法正确的是( ) A. 摩尔既是表示微粒,又是表示质量的单位 B. 反应前各物质的“物质的量”之和与反应后各物质的“物质的量”之和一定相等 C. 氢氧化钠的摩尔质量是40g D. 氩气的摩尔质量(以g/mol为单位)在数值上等于它的相对衡水中学2016-2017学年高一下学期期末考试物理试题(解析版)
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