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(共47套)最新高考化学复习课时作业同步练习章节测试题汇总(含高考所有考点练习)鲁教版
课时作业
1.“物质的量”是国际单位制中的一个基本物理量,有关说法正确的是() A.质量相等的O2和O3,物质的量之比为2∶3
B.2 mol氧气的摩尔质量为64 g·mol-1
C.1 mol任何物质都含有6.02×1023个分子
D.2 g H2含有1 mol氢分子
答案:D
2.(2017·邢台模拟)下列有关气体体积的叙述正确的是()
A .在一定的温度和压强下,各种气态物质体积的大小由气体分子的大小决定
B .在一定的温度和压强下,各种气态物质体积的大小由物质的量的多少决定
C .不同的气体,若体积不同,则它们所含的分子数一定不同
D .气体摩尔体积是指1 mol 任何气体所占的体积,约为22.4 L
答案:B
3.已知a g N 2含有b 个分子,则阿伏加德罗常数的数值为( ) A.b 28
B.a 28
C.28b a
D.28a b
解析:由n =m M =N N A
可知,N A =NM m =b ×28 g·mol -1a g =28b a mol -1. 答案:C
4.如图是两瓶体积相等的气体,在同温同压时瓶内气体的关系一定正确的是
( )
A .所含原子数相等
B .气体密度相等
C .气体质量相等
D .摩尔质量相等
解析:同温同压下,体积相等的两瓶气体,具有相同的分子数,因为都是双原子分子,故所含原子数相等,由于N 2和O 2的比例不确定,故两瓶气体的质量不一定相等,密度和摩尔质量也不一定相等.
答案:A
5.在三个容积相同的密闭容器中分别充入Ne 、H 2、O 2三种气体,当它们的温度和密度都相同时,这三种气体的压强(p )从大到小的顺序是( )
A .p (Ne)>p (H 2)>p (O 2)
B .p (O 2)>p (Ne)>p (H 2)
C .p (H 2)>p (O 2)>p (Ne)
D .p (H 2)>p (Ne)>p (O 2)
答案:D
6.下列条件下,两种气体分子数一定不相等的是( )
A.相同质量、不同密度的N2O和CO2
B.相同体积、相同密度的CO和C2H4
C.相同温度、相同压强、相同体积的O2和O3
D.相同压强、相同质量的NO2和N2O4
解析:A项中N2O和CO2的相对分子质量均为44,故质量相同时,分子数一定相等;B项中CO和C2H4相对分子质量均为28,体积相同、密度相同,则质量相等,故分子数相等;C项为同温、同压、同体积,则气体所含分子数一定相同. 答案:D
7.(2017·济南模拟)同温同压下,质量忽略不计的两气球A和B,分别充入X气体和Y气体,且充气后两气球的体积相同. 若相同条件下,A气球放在CO中静止不动,B气球放在O2中上浮. 下列叙述或表示正确的是()
A.X气体的相对分子质量比Y气体的相对分子质量大
B.X可能是N2,Y可能是CH4
C.X气体的密度小于Y气体的密度
D.充气后A气球质量比B气球质量大
解析:A气球放在CO中静止不动,B气球放在O2中上浮,说明X气体的密度和CO的密度接近,Y气体的密度小于O2,同温同压下,气体的密度之比等于摩尔质量之比,所以X的相对分子质量与CO相近(M=28),Y的相对分子质量小于氧气,即小于32,但X气体的相对分子质量不一定比Y大,A错误;N2的相对分子质量是28,CH4的相对分子质量是16,所以X可能是N2,Y可能是CH4,B正确;X的密度接近CO,但不一定小于Y的密度,C错误;相同条件下,等体积的两种气体的物质的量相等,因为其摩尔质量的相对大小未知,所以无法确定其质量的相对大小,D错误.
答案:B
8.(2017·山东济宁一模)设N A为阿伏加德罗常数的值,下列有关叙述正确的是
() A.1.8 g H2O与CH2D2的混合物中所含质子数为N A
B.1 mol甲烷或白磷(P4)分子中所含共价键数均为4N A
C.1 mol CH3COOC2H5在稀硫酸中水解可得到的乙醇分子数为N A
D.25 ℃时,1 L pH=1的H2SO4溶液中含有的H+数为0.2N A
解析:H2O与CH2D2的摩尔质量相同,均为18 g·mol-1,质子数也相同,均为10,故1.8 g H2O与CH2D2的混合物的物质的量是0.1 mol,所含质子数为N A,A项正确;1 mol白磷(P4)分子中所含共价键数为6N A,B项错误;CH3COOC2H5的水解是可逆反应,1 mol CH3COOC2H5在稀硫酸中水解得到的乙醇分子数小于N A,C项错误;25 ℃时,1 L pH=1的H2SO4溶液中含有的H+数为0.1N A,D项错误.
答案:A
9.(2017·福建福州质检)设N A为阿伏加德罗常数的值,下列有关叙述正确的是
() A.28 g C2H4所含共用电子对数目为4N A
B.1 mol H2O中所含的中子数为10N A
C.2 L 0.1 mol·L-1 Na2CO3溶液中所含CO2-3的数目为0.2N A
D.标准状况下,2.24 L Cl2与足量铁粉反应转移的电子数为0.2N A
解析:C2H4的结构式是 1 mol C2H4所含共用电子对数目为6N A,A错误;1 mol H2O中所含的中子数为8N A,B错误;由于CO2-3发生水解,所以2 L 0.1 mol·L-1 Na2CO3溶液中所含CO2-3的数目小于0.2N A,C错误;Cl2与铁反应生成FeCl3,0.1 mol Cl2参加反应转移的电子数是0.2N A,D正确.
答案:D
10.(2017·江西六校联考)用N A表示阿伏加德罗常数的值,下列叙述正确的是
() A.标准状况下,33.6 L HF中含有氟原子的数目为1.5N A
B.常温下,2.7 g金属铝与足量浓度为18.4 mol/L的浓H2SO4反应时转移的电子数为0.3N A
C.Na2O与Na2O2的混合物共1 mol,阴离子数目为N A
D.CH4与P4的分子结构都是正四面体,每1 mol CH4分子与P4分子都含有4N A 个共价键
解析:A项,HF在标准状况下是液态;B项,常温下铝在浓硫酸中钝化;D项,1 mol P4分子中含有6N A个共价键.
答案:C
11.(2017·河南信阳、三门峡二市联考)设N A 为阿伏加德罗常数的值,下列有关叙述正确的是( )
A .25 ℃时,1 L pH =13的Ba(OH)2溶液中含有OH -的数目为0.2N A
B .取50 mL 14.0 mol·L -1浓硝酸与足量的铜片反应,生成气体分子的数目为0.35N A
C .标准状况下,2.24 L 二氧化硫中含有的电子总数为3.2N A
D .40 g 金刚砂(SiC)中含有C —Si 键的个数为2N A
解析:A 项,1 L pH =13的Ba(OH)2溶液中c (OH -)=0.1 mol·L -1,N (OH -
)=0.1N A ;B 项,浓硝酸与足量的铜片反应时,开始生成NO 2气体,4HNO 3~2NO 2,随着反应的进行,浓硝酸变为稀硝酸,产生的气体变为NO,8HNO 3~2NO ,所以生成气体分子的总数目小于0.35N A ;D 项,SiC 晶体中,1个Si 原子与4个C 原子形成共价键,1个C 原子与4个Si 原子形成共价键,所以1 mol SiC 中含有C —Si 键的个数为4N A .
答案:C
12.某氯原子的质量是a g,12C 原子的质量是b g ,用N A 表示阿伏加德罗常数的值,下列说法正确的是( )
①该氯原子的相对原子质量为12a b ②m g 该氯原子的物质的量为m aN A
mol ③该氯原子的摩尔质量是aN A g ④a g 该氯原子所含的电子数为17 mol
A .①③
B .②④
C .①②
D .②③
解析:③中摩尔质量的单位错误;由于该氯原子的质量是a g ,故a g 该氯原子所含的电子数为17,④错.
答案:C
13.设N A 为阿伏加德罗常数,如果a g 某气态双原子分子的分子数为p ,则b g 该气体在标准状况下的体积V (L)是( )
A.22.4ap bN A
B.22.4ab pN A
C.22.4N A b a
D.22.4pb aN A
解析:双原子分子的物质的量为p N A
mol ,双原子分子的摩尔质量为a g p N A mol = aN A p g·mol -1,故b g 气体在标况下的体积为b g aN A p g·
mol -1×22.4 L·mol -1= 22.4 bp
aN A L.
答案:D
14.标准状况下有以下四种气体:①6.72 L CH 4 ②3.01×1023个HCl 分子 ③13.6 g H 2S ④0.2 mol NH 3. 下列关系不正确的是( )
A .体积:④<①<③<②
B .质量:④<①<③<②
C .物质的量:①<②<③<④
D .氢原子数:②<④<③<①
解析:①6.72 L CH 4的物质的量为 6.72 L 22.4 L·mol
-1=0.3 mol ,②3.01×1023个HCl 分子的物质的量为 3.01×10236.02×1023mol -1=0.5 mol ,③13.6 g H 2S 的物质的量为13.6 g 34 g·mol -1
=0.4 mol ,④0.2 mol NH 3. 标准状况下体积之比等于其物质的量之比,体积:④<①<③<②,A 项正确;CH 4的质量为0.3 mol ×16 g·mol -1=4.8 g ,HCl 的质量为0.5 mol ×36.5 g·mol -1=18.25 g ,NH 3的质量为0.2 mol ×17 g·mol -1=3.4 g ,质量:④<①<③<②,B 项正确;物质的量大小顺序为④<①<③<②,C 项错误;CH 4中n (H)=0.3 mol ×4=1.2 mol ,HCl 中n (H)=0.5 mol ,H 2S 中n (H)=0.4 mol ×2=0.8 mol ,NH 3中n (H)=0.2 mol ×3=0.6 mol ,氢原子数:②<④<③<①,D 项正确.
答案:C
15.(2017·湖南、湖北八市十二校联考)8.34 g FeSO 4·7H 2O(相对分子质量:278)样品受热脱水过程的热重曲线(样品质量随温度变化的曲线)如图所示,下列说法正确的是( )
A .温度为78 ℃时固体物质M 的化学式为FeSO 4·5H 2O
B .取适量380 ℃时所得的样品P ,隔绝空气加热至650 ℃得到一种固体物质Q ,同时有两种无色气体生成,Q 的化学式为Fe 3O 4
C .在隔绝空气条件下,N 得到P 的化学方程式为FeSO 4·H 2O=====高温
FeSO 4+H 2O
D .温度为159 ℃时固体N 的化学式为FeSO 4·2H 2O
解析:8.34 g FeSO 4·7H 2O 样品的物质的量为8.34 g÷278 g /mol =0.03 mol ,其中m (H 2O)=0.03 mol ×7×18 g/mol =3.78 g ,如晶体失去全部结晶水,固体的质量应为8.34 g -3.78 g =4.56 g ,可知在加热到373 ℃之前,晶体失去部分结晶水. 温度为78 ℃时,固体质量为6.72 g ,其中m (FeSO 4)=0.03 mol ×152 g /mol =4.56 g ,m (H 2O)=6.72 g -4.56 g =2.16 g ,n (H 2O)=2.16 g÷18 g/mol =0.12 mol , n (H 2O)∶n (FeSO 4)=0.12 mol ∶0.03 mol =4∶1,则M 的化学式为FeSO 4·4H 2O ,A 项错误;加热至650 ℃时,固体的质量为2.40 g ,其中n (Fe)=n (FeSO 4·7H 2O)=0.03 mol ,m (Fe)=0.03 mol ×56 g /mol =1.68 g ,则固体中m (O)=2.40 g -
1.68 g =0.72 g ,n (O)=0.72 g÷16 g/mol =0.045 mol ,n (Fe)∶n (O)=0.03 mol ∶0.045 mol =2∶3,所以固体物质Q 的化学式为Fe 2O 3,B 项错误;固体N 的质量为
5.10 g ,其中m (FeSO 4)=0.03 mol ×152 g /mol =4.56 g ,m (H 2O)=5.10 g -4.56 g =0.54 g ,n (H 2O)=0.54 g÷18 g/mol =0.03 mol ,n (H 2O)∶n (FeSO 4)=
0.03 mol ∶0.03 mol =1∶1,所以N 的化学式为FeSO 4·H 2O ,而P 的化学式为
FeSO 4,则由N 得到P 的化学方程式为FeSO 4·H 2O=====高温
FeSO 4+H 2O ,C 项正确;温度为159 ℃时,由C 项可知N 的化学式为FeSO 4·H 2O ,D 项错误.
答案:C
16.按要求计算.
(1)由8 g O 2和28 g N 2组成的混合气体的平均摩尔质量是________.
(2)若m g某气体中含分子数N个,已知阿伏加德罗常数为N A,则该气体的摩尔质量为________.
(3)在一定条件下,m g NH4HCO3完全分解生成NH3、CO2、H2O(g),按要求回答下列问题.
①若所得混合气体对H2的相对密度为d,则混合气体的物质的量为________. NH4HCO3的摩尔质量为________. (用含m、d的代数式表示)
②所得混合气体的密度折合成标准状况为ρg·L-1,则混合气体的平均摩尔质量为________.
(4)在空气中N2、O2、Ar的体积分数分别约为78%、21%、1%,则空气的平均摩尔质量为________.
解析:(1)M=m
n=
8 g+28 g
8 g
32 g·mol-1
+
28 g
28 g·mol-1
=28.8 g·mol-1.
(4)28 g·mol-1×78%+32 g·mol-1×21%+40 g·mol-1×1%=28.96 g·mol-1. 答案:(1)28.8 g·mol-1
(2)m N A
N g·mol
-1
(3)①m
2d mol6d g·mol
-1
②22.4ρ g·mol-1
(4)28.96 g·mol-1
17.合成氨工业生产中所用的α -Fe催化剂的主要成为FeO、Fe2O3.
(1)某FeO、Fe2O3混合物中,铁、氧的物质的量之比为4∶5,其中Fe2+与Fe3+物质的量之比为________.
(2)当催化剂中Fe2+与Fe3+的物质的量之比为1∶2时,其催化剂活性最高,此时混合物中铁的质量分数为________(保留2位小数).
(3)写出由C(炭粉)与Fe2O3在高温下反应制备α -铁触媒的化学方程式(另一种产物可溶于水):
_____________________________________________________________________ ____________________________________________________________________.
(4)为制得这种活性最高的催化剂,理论上应向480 g Fe 2O 3粉末加入炭粉的质量为________,生成实验条件下CO 2的体积为________(假设此实验条件下,气体摩尔体积为24 L·mol -1).
答案:(1)1∶1 (2)0.72
(3)2Fe 2O 3+C=====高温4FeO +CO 2↑
(4)6 g 12 L
18.Ⅰ.现有m g 某气体(双原子分子),其摩尔质量为M g·mol -1,若阿伏加德罗常数的值用N A 表示,则:
(1)该气体的物质的量为________ mol ;
(2)该气体所含原子总数为________;
(3)该气体在标准状况下的体积为________ L.
Ⅱ.臭氧层是地球生命的保护神,臭氧比氧气具有更强的氧化性. 实验室可将氧气
通过高压放电管来制取臭氧:3O 2=====放电
2O 3,将8 L 氧气通过放电管后,恢复到原状况,得到气体6.5 L ,其中臭氧为________ L.
答案:Ⅰ.(1)m M (2)2mN A M (3)22.4m M Ⅱ.3
课时作业
1.用固体样品配制一定物质的量浓度的溶液,需经过称量、溶解、转移溶液、定容等操作. 下列图示对应的操作规范的是( )
答案:B
2.某学生在配制一定物质的量浓度的氢氧化钠溶液时,结果所配溶液浓度偏高,其原因可能是( )
A .所用氢氧化钠已经潮解
B .向容量瓶中加水未到刻度线
C .有少量氢氧化钠溶液残留在烧杯里
D .用带游码的托盘天平称2.4 g NaOH 时误用了“左码右物”方法
答案:B
3.下列溶液中溶质的物质的量浓度为1 mol·L -1的是( )
A .将58.5 g NaCl 溶解于1 L 水中配成的溶液
B .将80 g SO 3溶于水并配成1 L 溶液
C .将0.5 mol·L -1的NaNO 3溶液100 mL 加热蒸发掉50 g 水的溶液
D .含K +为2 mol 的K 2SO 4溶液
解析:A 中水的体积是1 L ,溶液体积一定不是1 L ;C 中蒸发掉50 g 水后,溶液的体积一定不是50 mL ;D 中未指明溶液的体积.
答案:B
4.下列溶液中,与100 mL 0.5 mol·L -1 NaCl 溶液中所含的Cl -物质的量浓度相同的是( )
A .100 mL 0.5 mol·L -1 MgCl 2溶液
B .200 mL 0.25 mol·L -1 AlCl 3溶液
C .50 mL 1 mol·L -1 NaCl 溶液
D .25 mL 0.5 mol·L -1 HCl 溶液
答案:D
5.配制100 mL 1.0 mol·L -1 Na 2CO 3溶液,下列操作正确的是( )
A .称取10.6 g 无水碳酸钠,加入100 mL 容量瓶中,加水溶解、定容
B .称取10.6 g 无水碳酸钠置于烧杯中,加入100 mL 蒸馏水,搅拌、溶解
C .转移Na 2CO 3溶液时,未用玻璃棒引流,直接倒入容量瓶中
D .定容后,塞好瓶塞,反复倒转、摇匀
解析:固体不能直接在容量瓶中溶解,A 项错误;配制100 mL 1 mol·L -1 Na 2CO 3溶液,所用水的体积并不是100 mL ,而是加水至100 mL ,B 项错误;转移液体时,要用玻璃棒引流,C 项错误.
答案:D
6.(2017·廊坊模拟)为测定人体血液中Ca 2+的含量,设计了如下方案: 血液样品――→稀释试样――→(NH 4)2C 2O 4过滤、洗涤CaC 2O 4↓――→稀硫酸H 2C 2O 4――→用H 2SO 4酸化的KMnO 4溶液滴定
记录数据
有关反应的化学方程式为2KMnO4+5H2C2O4+3H2SO4===K2SO4+2MnSO4+10CO2↑+8H2O. 若血液样品为15 mL,滴定生成的草酸消耗了0.001 mol·L-1的KMnO4溶液15.0 mL,则这种血液样品中的含钙量为()
A.0.001 mol·L-1B.0.002 5 mol·L-1
C.0.000 3 mol·L-1D.0.003 5 mol·L-1
答案:B
7.将5 mol/L的盐酸10 mL稀释到200 mL,从中取出5 mL,这5 mL溶液的物质的量浓度为()
A.0.5 mol/L B.0.25 mol/L
C.0.1 mol/L D.1 mol/L
解析:从10 mL稀释到200 mL,盐酸稀释了20倍,稀释后的c(HCl)=0.25 mol/L. 答案:B
8.将标准状况下的a L氯化氢气体溶于100 g水中,得到的盐酸的密度为
b g·mL-1,则该盐酸的物质的量浓度(mol·L-1)是()
A.a
22.4 B.
ab 22 400
C.1 000ab
2 240+36.5a D.
ab
22 400+36.5a
解析:n(HCl)=
a
22.4mol,V(溶液)=
(
36.5a
22.4+100)g
b g·mL-1×10-3 L·mL-1
,则该盐酸的物质的
量浓度=n(HCl)
V(溶液)=
1 000ab
2 240+36.5a
mol·L-1.
答案:C
9.某MgCl2溶液的密度为1.18 g·cm-3,其中Mg2+的质量分数为5.1%. 300 mL 该溶液中Cl-的物质的量约等于()
A.0.37 mol B.0.63 mol
C.0.74 mol D.1.5 mol
解析:c(Mg2+)=1 000×1.18×5.1%
24≈2.5 mol·L
-1
n(Cl-)=2.5 mol·L-1×2×0.3 L=1.5 mol. 答案:D
10.向溶质质量分数为2a %,体积为10 mL ,物质的量浓度为c 1 mol·L -1的稀H 2SO 4中加入V mL 的水,使之溶质质量分数变为a %,此时物质的量浓度为c 2 mol·L -1,则下列关系正确的是( )
A .V >10 2c 2=c 1
B .V <10 2c 2>c 1
C .V >10 2c 2 D .V >10 2c 2>c 1 解析:因为水的密度小于稀H 2SO 4的密度,要使10 mL 稀H 2SO 4中溶质质量分数由2a %变为a %,则所加水的体积大于10 mL ;由c =1 000ρw M 可知, 当稀H 2SO 4中溶质质量分数变为原来的12时,其密度也变小,故其物质的量浓度小于原来的12, 故选项C 正确. 答案:C 11.浓度均为1 mol/L 的KCl 、CuCl 2、AlCl 3三种溶液,分别与AgNO 3溶液反应,当生成的AgCl 沉淀的质量之比为3∶2∶1时,所用KCl 、CuCl 2、AlCl 3三种溶液的体积比为( ) A .9∶6∶2 B .9∶3∶1 C .6∶3∶2 D .6∶3∶1 解析:均发生反应:Ag ++Cl -===AgCl ↓,生成的AgCl 沉淀的质量之比为3∶2∶1,则KCl 、CuCl 2、AlCl 3含有的氯离子物质的量之比为3∶2∶1,则 n (KCl)∶n (CuCl 2)∶n (AlCl 3)=3∶22∶13=9∶3∶1,浓度相同,体积之比等于各物 质的物质的量之比为9∶3∶1. 答案:B 12.(2017·河北张家口四校联考)将2a L Al 2(SO 4)3和(NH 4)2SO 4的混合溶液分为两 等份,其中一份加入b mol BaCl 2,恰好使溶液中的SO 2-4完全沉淀;另一份加入 足量强碱并加热可得到c mol NH 3气体,则原混合溶液中的Al 3+浓度(mol/L)为 ( ) A.2b -c a B.2b -c 2a C.2b -c 3a D.2b -c 6a 解析:向a L 混合溶液中加入b mol BaCl 2,恰好使溶液中的SO 2-4完全沉淀,则: SO 2-4+Ba 2+===BaSO 4↓ b mol b mol c (SO 2-4)=b mol a L =b a mol/L 向a L 混合溶液中加入足量强碱并加热可得到c mol NH 3,则: NH +4+OH -=====△NH 3↑+H 2O c mol c mol c (NH +4)=c mol a L =c a mol/L 又知溶液不显电性,设原溶液中的Al 3+浓度为x ,由电荷守恒可得: x ×3+c a mol/L ×1=b a mol/L ×2,解得x =2b -c 3a mol/L ,故C 正确. 答案:C 13.如图是MgSO 4、NaCl 的溶解度曲线. 下列说法正确的是( ) A .MgSO 4的溶解度随温度升高而升高 B .NaCl 的溶解度比MgSO 4的溶解度大 C .在t 2 ℃时,MgSO 4饱和溶液的溶质质量分数最大 D .把MgSO 4饱和溶液的温度从t 3 ℃降至t 2 ℃时,有晶体析出 解析:A 项,t 2 ℃之前,MgSO 4的溶解度随温度的升高而增大,t 2 ℃之后,随温度的升高而降低;B 项,t 1 ℃、t 3 ℃时,NaCl 、MgSO 4的溶解度相等;C 项,w =S 100 g +S ×100%,S 越大,w 越大;D 项,把MgSO 4饱和溶液的温度从t 3 ℃降至t 2 ℃时,由饱和溶液变成不饱和溶液,不会有晶体析出. 答案:C 14.(2017·泰安模拟)用质量分数为36.5%的浓盐酸(密度为1.16 g·cm -3)配制成 1 mol·L -1的稀盐酸. 现实验室需这种盐酸220 mL ,试回答下列问题: (1)配制稀盐酸时,应选用________ mL 的容量瓶. (2)经计算需要________ mL 浓盐酸,在量取时宜选用________量筒(填字母序号). A .5 mL B .10 mL C .25 mL D .50 mL (3)在量取浓盐酸后,进行了下列操作: ①等稀释的盐酸的温度与室温一致后,沿玻璃棒注入容量瓶中. ②往容量瓶中小心加蒸馏水至液面距容量瓶刻度线1~2 cm 时,改用胶头滴管加蒸馏水,使溶液的液面与瓶颈的刻度线相切. ③在盛盐酸的烧杯中注入蒸馏水,并用玻璃棒搅拌,使其混合均匀. ④用蒸馏水洗涤烧杯和玻璃棒2~3次,并将洗涤液全部注入容量瓶. 上述操作中,正确的顺序是________(填序号). (4)在上述配制过程中,用刚刚用蒸馏水洗涤洁净的量筒来量取浓盐酸,其配制的稀盐酸浓度会________(填“偏高”“偏低”或“无影响”). 若未用蒸馏水洗涤烧杯内壁和玻璃棒或未将洗涤液注入容量瓶,则配制的稀盐酸浓度会________(填“偏高”“偏低”或“无影响”). 解析:(2)c (HCl)= 1 000ρ×w M =1 000 mL·L -1×1.16 g·mL -1×36.5%36.5 g·mol -1 =11.6 mol·L -1. 加水稀释前后HCl 的物质的量不变,所以11.6 mol·L -1×V (HCl)= 250 mL ×1 mol·L -1,解得V (HCl)≈21.6 mL ,应该选择25 mL 的量筒量取. (4)用刚刚洗涤洁净的量筒来量取浓盐酸,量取的盐酸被稀释了,其物质的量比实际偏小,所配制溶液的浓度偏低;若未用蒸馏水洗涤烧杯内壁和玻璃棒或未将洗涤液注入容量瓶,则一部分溶质损失,所配制溶液的浓度偏低. 答案:(1)250 (2)21.6 C (3)③①④② (4)偏低 偏低 15.(2016·北京高考卷节选)以废旧铅酸电池中的含铅废料(Pb 、PbO 、PbO 2、PbSO 4及炭黑等)和H 2SO 4为原料,制备高纯PbO ,实现铅的再生利用. 其工作流程如下: PbO溶解在NaOH溶液中,存在平衡:PbO(s)+NaOH(aq)NaHPbO2(aq),其溶解度曲线如图所示. (1)过程Ⅱ的目的是脱硫. 滤液1经处理后可在过程Ⅱ中重复使用,其目的是________(选填序号). A.减少PbO的损失,提高产品的产率 B.重复利用NaOH,提高原料的利用率 C.增加Na2SO4浓度,提高脱硫效率 (2)过程Ⅲ的目的是提纯. 结合上述溶解度曲线,简述过程Ⅲ的操作:____________________________________________________________________. 答案:(1)AB (2)向PbO粗品中加入一定量的35% NaOH溶液,加热至100 ℃,充分溶解后,趁热过滤,冷却结晶,过滤得高纯PbO 16.(2017·衡阳模拟)以氯化钠和硫酸铵为原料制备氯化铵及副产品硫酸钠,工艺流程如下: 氯化铵和硫酸钠的溶解度随温度变化如图所示. 回答下列问题: (1)若不考虑滤液中的NH4Cl,欲制备10.7 g NH4Cl,理论上需NaCl________ g. (2)实验室进行蒸发浓缩用到的主要仪器有________、烧杯、玻璃棒、酒精灯等. (3)“冷却结晶”过程中,析出NH4Cl晶体的合适温度为________. (4)若NH4Cl产品中含有硫酸钠杂质,进一步提纯产品的方法是___________. 答案:(1)11.7(2)蒸发皿 (3)35 ℃(33~40 ℃的任一个值都可) (4)重结晶 课时作业 1.《新修本草》是我国古代中药学著作之一,记载药物844种,其中有关于“青矾”的描述为:“本来绿色,新出窟未见风者,正如瑠璃……烧之赤色……”据此推测,“青矾”的主要成分为() A.CuSO4·5H2O B.FeSO4·7H2O C.KAl(SO4)2·12H2O D.Fe2(SO4)3·9H2O 解析:FeSO4·7H2O俗名绿矾,为浅绿色,灼烧后生成红棕色的Fe2O3,而CuSO4·5H2O为蓝色,KAl(SO4)2·12H2O为无色,Fe2(SO4)3·9H2O为黄色. 答案:B 2.(2017·江西南昌一模)已知:①中国古代四大发明之一的黑火药,它是由硫黄、木炭粉和硝石组成的;②油条中铝含量超标十分普遍,是影响人们健康的食品安全隐患. 油条无铝配方由碳酸氢钠(小苏打)和臭粉组成. 下列关于硝石和臭粉的成分组合正确的是() A.KNO3、NH4HCO3B.KNO3、Na2CO3 C.HNO3、(NH4)2CO3D.NH4NO3、Na2CO3 解析:硝石的主要成分是KNO3,这属于应该记住的知识,对于“臭粉”,顾名思义,其本身会散发出不好闻的气味,应是NH4HCO3,因为NH4HCO3易分解,生成有刺激性气味的NH3,故正确答案是A. 答案:A 3.科学家用计算机模拟后确认,60个N原子可结合成N60分子,下列关于N60的叙述正确的是() A.N60是一种新型化合物 B.N60和N2性质完全相同 C.一个N60分子中有30个N2分子 D.N60和N2混合形成的是混合物 解析:N60是一种单质,A项错误;N60和N2是两种不同的单质,物理性质不相同,化学性质相似,B项错误;N60是纯净物,不含有N2分子,C 项错误. 答案:D 4.下列说法正确的是() A.由不同原子组成的纯净物一定是化合物 B.非金属氧化物一定是酸性氧化物 C.含金属元素的离子一定都是阳离子 D.胆矾是纯净物,水泥是混合物 解析:A项,如HD(D为氢的同位素)是由不同原子组成的纯净物,但它属于单质,A项错误;B项,如CO为非金属氧化物,但它不是酸性氧化物;C项,如MnO-4含金属元素Mn,但它是阴离子. 答案:D 5.下列有关物质的叙述正确的是() A.沼气和天然气都是可再生能源 B.盐酸和醋酸既是化合物又是酸 C.冰和干冰既是纯净物又是化合物 D.豆浆、牛奶和油脂都属于胶体 解析:A项,天然气是不可再生能源;B项,盐酸是HCl的水溶液,是混合物,不是化合物;D项,油脂不属于胶体. 答案:C 6.(2017·福建泉州五校联考)符合图中阴影部分的物质是() A.Na2CO3B.Cu2(OH)2CO3 C.NaCl D.NaHCO3 解析:Na2CO3分别属于正盐、碳酸盐和钠盐,故A正确;Cu2(OH)2CO3属于碱式盐,故B错误;NaCl不属于碳酸盐,故C错误;NaHCO3属于酸式盐,故D错误. 答案:A 7.(2017·安徽省示范高中联考)下列物质归类正确的是() A.电解质:冰醋酸、小苏打、明矾、氧化铝 B.化合物:液氯、干冰、烧碱、纯碱 C.混合物:漂白粉、铝热剂、矿泉水、磁性氧化铁 D.胶体:豆浆、墨水、血液、生理盐水 解析:明矾是十二水合硫酸铝钾,溶于水电离出钾离子、铝离子和硫酸根离子,为电解质,冰醋酸在水溶液中部分电离,为电解质,小苏打在水溶液中完全电离,为电解质,氧化铝为熔融状态下能导电的化合物,为电解质,故A正确;液氯是由同种元素组成的纯净物,为单质,故B错误;磁性氧化铁为四氧化三铁,为纯净物,故C错误;生理盐水是溶液,不是胶体,故D错误. 答案:A