第一讲 等差数列、等比数列
[高考导航]
1.对等差、等比数列基本量的考查,常以客观题的形式出现,考查利用通项公式、前n 项和公式建立方程组求解.
2.对等差、等比数列性质的考查主要以客观题出现,具有“新、巧、活”的特点,考查利用性质解决有关计算问题.
3.对等差、等比数列的判断与证明,主要出现在解答题的第一问,是为求数列的通项公式而准备的,因此是解决问题的关键环节.
考点一 等差、等比数列的基本运算
1.等差数列的通项公式及前n 项和公式 a n =a 1+(n -1)d ;
S n =n (a 1+a n )2=na 1+n (n -1)2
d .
2.等比数列的通项公式及前n 项和公式
a n =a 1q n -
1(q ≠0);
S n =????
?
na 1(q =1),a 1(1-q n )1-q
=a 1-a n q 1-q (q ≠1).
1.(2019·大连模拟)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.若a 4+a 5=24,S 6=48,则{a n }的公差为( )
A .1
B .2
C .4
D .8
[解析] 由已知条件和等差数列的通项公式与前n 项和公式可列方程组,得
?
????
2a 1+7d =24,6a 1+6×52d =48,
即????? 2a 1+7d =24,2a 1+5d =16,解得?????
a 1=-2,d =4,
故选C. [答案] C
2.(2019·济南一中1月检测)在各项为正数的等比数列{a n }中,S 2=9,S 3=21,则a 5+a 6=( )
A .144
B .121
C .169
D .148
[解析] 由题意可知,
???
?? a 1+a 2=9,a 1+a 2+a 3=21,即?????
a 1(1+q )=9,
a 1
(1+q +q 2)=21, 解得?????
q =2,
a 1=3或?????
q =-23,a 1=27
(舍).
∴a 5+a 6=a 1q 4(1+q )=144.故选A. [答案] A
3.(2019·广东珠海3月联考)等差数列{a n }的前n 项和为S n ,若a 2+a 7+a 9=15,则S 8
-S 3=( )
A .30
B .25
C .20
D .15
[解析] 因为a 2+a 7+a 9=a 1+d +a 1+6d +a 1+8d =3(a 1+5d )=15,所以a 1+5d =5,即a 6=5,所以S 8-S 3=a 4+a 5+a 6+a 7+a 8=5a 6=25,故选B. [答案] B 4.(2019·全国卷Ⅲ)已知各项均为正数的等比数列{a n }的前4项和为15,且a 5=3a 3+4a 1,则a 3=( )
A .16
B .8
C .4
D .2
[解析] 设等比数列{a n }的公比为q .由题意知,a n >0,q >0.由a 5=3a 3+4a 1得a 1q 4=3a 1q 2
+4a 1,∴q 2=4,∴q =2.由S 4=a 1(1-24)1-2
=15,解得a 1=1.∴a 3=a 1·q 2=4,故选C.
[答案] C
5.(2019·河南濮阳二模)《九章算术》有如下问题:“今有金箠,长五尺,斩本一尺,重四斤,斩末一尺,重二斤,问次一尺各重几何?”意思是:“现在有一根金箠,长五尺,在粗的一端截下一尺,重4斤,在细的一端截下一尺,重2斤,问各尺依次重多少?”按这一问题的题设,假设金箠由粗到细各尺质量依次成等差数列,则从粗端开始的第二尺的质量是( )
A.73斤
B.72斤
C.5
2斤 D .3斤 [解析] 金箠由粗到细各尺构成一个等差数列,设首项a 1=4,则a 5=2,设公差为d ,
则2=4+4d ,解得d =-12,∴a 2=4-12=7
2
.故选B.
[答案] B
6.(情境创新)河南洛阳的龙门石窟是中国石刻艺术宝库之一,现为世界文化遗产,龙门石窟与莫高窟、云冈石窟、麦积山石窟并称中国四大石窟.现有一石窟的某处浮雕共7层,每上层的数量是下层的2倍,总共有1016个浮雕,这些浮雕构成一幅优美的图案,若从最下层往上,浮雕的数量构成一个数列{a n },则log 2(a 3a 5)的值为( )
A .8
B .10
C .12
D .16
[解析] 依题意得,数列{a n }是以2为公比的等比数列,因为最下层的浮雕的数量为a 1,所以S 7=a 1(1-27)1-2=1016,解得a 1=8,所以a n =8×2n -1=2n +2(1≤n ≤7,n ∈N *),所以a 3
=25,a 5=27,从而a 3×a 5=25×27=212,所以log 2(a 3a 5)=log 2212=12,故选C.
[答案] C
(1)在等差(比)数列中,首项a 1和公差d (公比q )是两个最基本的元素,在进行等差(比)数列项与和的运算时,若条件和结论间的联系不明显,则均可化成关于a 1和d (q )的方程组求解,但要注意消元法及整体计算,以减少计算量.
(2)解决数列与数学文化相交汇问题的关键:一是读懂题意,即会“脱去”数学文化的背景,提取关键信息;二是构造模型,即由题意构建等差数列或等比数列或递推关系式的模型;三是“解模”,即把文字语言转化为求数列的相关信息,如求指定项、公比(或公差)、项数、通项公式或前n 项和等.
考点二 等差、等比数列的性质
1.等差数列的性质
(1)若m ,n ,p ,q ∈N *,且m +n =p +q ,则a m +a n =a p +a q ; (2)a n =a m +(n -m )d ;
(3)S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m ,…仍成等差数列. 2.等比数列的性质
(1)若m ,n ,p ,q ∈N *,且m +n =p +q ,则a m ·a n =a p ·a q ;
(2)a n =a m q n -
m ;
(3)S m ,S 2m -S m ,S 3m -S 2m ,…仍成等比数列(S n ≠0).
1.(2019·山东烟台一模)已知数列{a n }为等差数列,其前n 项和为S n ,若a 2+a 8-a 4=6,则S 11=( )
A .132
B .108
C .66
D .不能确定 [解析] 解法一:依题意,设等差数列{a n }的公差为d ,则(a 1+d )+(a 1+7d )-(a 1+3d )
=6,即a 1+5d =6,S 11=11a 1+11×10
2
d =11(a 1+5d )=66,选C.
解法二:依题意得(a 4+a 6)-a 4=6,即a 6=6,S 11=11(a 1+a 11)
2
=11a 6=66,选C.
[答案] C
2.(2019·沈阳质量监测(一))在等比数列{a n }中,a 3=2,a 7=8,则a 5=( ) A .4 B .-4 C .±4 D .5
[解析] 解法一:设公比为q (q ≠0且q ≠1),由题知?
????
a 3=a 1q 2=2 ①,a 7=a 1q 6=8 ②,②
①得q 4=4,
故q 2=2,则a 5=a 3q 2=2×2=4,故选A.
解法二:由等比数列的性质得a 25=a 3a 7=2×8=16,又a 3,a 5,a 7间隔项是偶数项,所以a 3,a 5,a 7符号相同,所以a 5=4,故选A.
[答案] A
3.(2019·衡水中学调研)已知数列{a n }的任意连续三项的和是18,并且a 5=5,a 13=9,那么a 2019=( )
A .10
B .9
C .5
D .4
[解析] ∵数列{a n }的任意连续三项的和是18,∴数列{a n }是以3为周期的周期数列.∵a 5=5,∴a 2=a 5=5,
∵a 13=9,∴a 1=a 13=9,∵a 1+a 2+a 3=18,∴a 3=4, ∵2019=673×3,∴a 2019=a 3=4,故选D.
[答案] D
4.(2019·江西七校联考)等差数列{a n },{b n }的前n 项和分别为S n ,T n ,若S n T n =38n +14
2n +1
(n
∈N *),则a 6
b 7
=( )
A .16 B.24215 C.43223 D.494
27
[解析] 令S n =38n 2+14n ,T n =2n 2+n ,∴a 6=S 6-S 5=38×62+14×6-(38×52+14×5)=38×11+14;b 7=T 7-T 6=2×72+7-(2×62+6)=2×13+1,∴a 6b 7=38×11+142×13+1=432
27=16.
故选A.
[答案] A
5.(2019·山西长治二模)等比数列{a n }的前n 项和为S n ,若对任意的正整数n ,S n +2=4S n
+3恒成立,则a 1的值为( )
A .-3
B .1
C .-3或1
D .1或3
[解析] 设等比数列{a n }的公比为q ,当q =1时,S n +2=(n +2)a 1,S n =na 1,由S n +2=4S n +3得,(n +2)a 1=4na 1+3,即3a 1n =2a 1-3,若对任意的正整数n,3a 1n =2a 1-3恒成立,则a 1=0且2a 1-3=0,矛盾,所以q ≠1,
所以S n =a 1(1-q n )1-q ,S n +2=a 1(1-q n +2)1-q
,
代入S n +2=4S n +3并化简得a 1(4-q 2)q n =3+3a 1-3q ,若对任意的正整数n 该等式恒成
立,则有????? 4-q 2=0,3+3a 1-3q =0,解得????? a 1=1,q =2或?????
a 1=-3,
q =-2,
故a 1=1或-3,故选C. [答案] C
6.(2019·呼和浩特模拟)设等比数列{a n }的前n 项和为S n ,若S 5=1,S 10=3,则S 15的值是________,S 100的值是________.
[解析] ∵数列{a n }是等比数列,∴S 5,S 10-S 5,S 15-S 10,…成等比数列,∴(S 10-S 5)2
=S 5·(S 15-S 10),4=1×(S 15-3),得S 15=7.
S 100可表示为等比数列1,2,4,…的前20项和,故S 100=1×(1-220)
1-2=220-1.
[答案] 7 220-1
应用等差、等比数列性质解题时的2个注意点
(1)在解决等差、等比数列的有关问题时,要注意挖掘隐含条件,利用性质,特别是性质“若m +n =p +q (m ,n ,p ,q ∈N *),则a m +a n =a p +a q ,a m ·a n =a p ·a q ”,可以减少运算量,提高解题速度.
(2)在应用相应性质解题时,要注意性质成立的前提条件,有时需要进行适当变形.此外,解题时注意设而不求思想的运用.
考点三 等差、等比数列的判定与证明
1.证明数列{a n }是等差数列的两种基本方法 (1)利用定义,证明a n +1-a n (n ∈N *)为一常数; (2)利用等差中项,即证明2a n =a n -1+a n +1(n ≥2). 2.证明数列{a n }是等比数列的两种基本方法
(1)利用定义,证明a n +1
a n
(n ∈N *)为一常数;
(2)利用等比中项,即证明a 2n =a n -1a n +1(n ≥2).
【例】 (2019·福建厦门一模)设数列{a n }的前n 项和为S n ,已知a 1=1,S n +1=4a n +2. (1)设b n =a n +1-2a n ,证明数列{b n }是等比数列.
(2)在(1)的条件下证明????
??
a n 2n 是等差数列,并求a n .
[解] (1)证明:由a 1=1,及S n +1=4a n +2, 有a 1+a 2=4a 1+2,a 2=3a 1+2=5, ∴b 1=a 2-2a 1=3. 由S n +1=4a n +2①
知当n ≥2时,有S n =4a n -1+2② ①-②得a n +1=4a n -4a n -1, ∴a n +1-2a n =2(a n -2a n -1) 又∵b n =a n +1-2a n ,∴b n =2b n -1,
∴{b n }是首项b 1=3,公比为2的等比数列. (2)由(1)可得b n =a n +1-2a n =3·2n -1, ∴a n +12n +1-a n 2n =34
, ∴数列????
??a n 2n 是首项为12,公差为3
4的等差数列.
∴a n 2n =12+(n -1)×34=34n -1
4,a n =(3n -1)·2n -2.
等差、等比数列的判定与证明应注意的两点
(1)判断一个数列是等差(比)数列,也可以利用通项公式及前n 项和公式的特征,但不能作为证明方法.
(2)a 2n =a n -1a n +1(n ≥2)是数列{a n }为等比数列的必要不充分条件,判断时还要看各项是否为零.
(2019·山西长治二模)S n 为等比数列{a n }的前n 项和,已知a 4=9a 2,S 3=13,且公比q >0.
(1)求a n 及S n ;
(2)是否存在常数λ,使得数列{S n +λ}是等比数列?若存在,求λ的值;若不存在,请说明理由.
[解]
(1)由题意可得?????
a 1q 3=9a 1q ,
a 1
(1-q 3
)1-q
=13,
q >0,
解得a 1=1,q =3, ∴a n =3
n -1
,S n =1-3n 1-3
=3n -1
2.
(2)假设存在常数λ,使得数列{S n +λ}是等比数列, ∵S 1+λ=λ+1,S 2+λ=λ+4,S 3+λ=λ+13,
∴(λ+4)2=(λ+1)(λ+13),解得λ=12,此时S n +12=1
2×3n ,则S n +1+
1
2S n +
1
2
=3,
故存在常数λ=12,使得数列???
?
??S n +12是等比数列.
1.(2018·全国卷Ⅰ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.若3S 3=S 2+S 4,a 1=2,则a 5=( )
A .-12
B .-10
C .10
D .12
[解析] 解法一:设等差数列{a n }的公差为d ,∵3S 3=S 2+S 4,∴3?
???
3a 1+3×22d =2a 1+d
+4a 1+4×32d ,解得d =-3
2
a 1,∵a 1=2,∴d =-3,∴a 5=a 1+4d =2+4×(-3)=-10.故选
B.
解法二:设等差数列{a n }的公差为d ,∵3S 3=S 2+S 4,∴3S 3=S 3-a 3+S 3+a 4,∴S 3=a 4
-a 3,∴3a 1+3×2
2
d =d ,∵a 1=2,∴d =-3,∴a 5=a 1+4d =2+4×(-3)=-10.故选B.
[答案] B
2.(2019·全国卷Ⅰ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和.已知S 4=0,a 5=5,则( ) A .a n =2n -5 B .a n =3n -10
C .S n =2n 2-8n
D .S n =1
2
n 2-2n
[解析] 设{a n }的公差为d ,依题意得,4a 1+4×3
2d =0,①
a 1+4d =5,②
联立①②,解得a 1=-3,d =2.所以a n =2n -5,S n =n 2-4n .故选A. [答案] A
3.(2018·北京卷)“十二平均律”是通用的音律体系,明代朱载堉最早用数学方法计算出半音比例,为这个理论的发展做出了重要贡献.十二平均律将一个纯八度音程分成十二份,依次得到十三个单音,从第二个单音起,每一个单音的频率与它的前一个单音的频率的比都等于
12
2.若第一个单音的频率为f ,则第八个单音的频率为( )
A.32f
B.322f
C.1225f
D.12
27f
[解析] 由题意知,十三个单音的频率构成首项为f ,公比为12
2的等比数列,设该等
比数列为{a n },则a 8=a 1q 7,即a 8=
12
27f ,故选D.
[答案] D
4.(2019·全国卷Ⅲ)记S n 为等差数列{a n }的前n 项和,若a 1≠0,a 2=3a 1,则S 10
S 5=________.
[解析] 设等差数列{a n }的公差为d ,∵a 2=3a 1, ∴a 2=a 1+d =3a 1,∴d =2a 1,
∴S 10=10a 1+10×92d =100a 1,S 5=5a 1+5×4
2d =25a 1,
又∵a 1≠0,∴S 10
S 5
=4.
[答案] 4
5.(2019·全国卷Ⅰ)记S n 为等比数列{a n }的前n 项和.若a 1=13,a 2
4=a 6
,则S 5=________.
[解析] 设{a n }的公比为q ,由a 24=a 6,得a 24=a 4·q 2,∴a 4
=q 2. 又∵a 4=a 1·q 3,∴a 1·q 3=q 2,又a 1=1
3,∴q =3.
由等比数列求和公式可知S 5=1
3×(1-35)1-3
=121
3.
[答案] 121
3
高考主要考查两种基本数列(等差数列、等比数列),该部分以选择题、填空题为主,在4~7题的位置或13~14题的位置,难度不大,以两类数列的基本运算和基本性质为主.
热点课题2 数列中的最值问题
1.(2019·江西五校联考)在等差数列{a n }中,已知a 3+a 8>0,且S 9<0,则S 1、S 2、…、S 9中最小的是( )
A .S 5
B .S 6
C .S 7
D .S 8
[解析] 在等差数列{a n }中, ∵a 3+a 8>0,S 9<0,
∴a 5+a 6=a 3+a 8>0,S 9=9(a 1+a 9)
2=9a 5<0,
∴a 5<0,a 6>0,
∴S 1、S 2、…、S 9中最小的是S 5,故选A. [答案] A
2.(2019·山东青岛模拟)已知a n =n -2018
n -2019
(n ∈N *),则在数列{a n }的前50项中,最小
项和最大项分别是( )
A .a 1,a 50
B .a 1,a 44
C .a 45,a 50
D .a 44,a 45
[解析] a n =n -2018n -2019
=
n -2019+2019-2018
n -2019
=1+
2019-2018n -2019
.
结合函数y =a +
c
x -b
(c >0)的图象,要使a n 最大,则需n -2019最小且n -2019>0, ∴当n =45时,a n 最大,当n =44时,a n 最小. [答案] D
专题强化训练(十四)
一、选择题
1.(2019·惠州一调)已知等差数列{a n }的前n 项和为S n ,且a 2=3,a 4=7,则S 5=( ) A .28 B .25 C .20 D .18
[解析] 解法一:设等差数列{a n }的公差为d ,则????? a 1+d =3,a 1+3d =7,解得?????
a 1=1,
d =2,
所以
S 5=5a 1+5×4
2
d =5×1+10×2=25,选B.
解法二:S 5=5a 3=5×a 2+a 4
2
=25,选B.
[答案] B
2.(2019·泉州二模)已知S n 是等比数列{a n }的前n 项和,若公比q =2,则a 1+a 3+a 5
S 6
=
( )
A.13
B.17
C.23
D.37
[解析] 解法一:由题意知a 1+a 3+a 5=a 1(1+22+24)=21a 1,而S 6=a (1-26)1-2=63a 1,
所以a 1+a 3+a 5S 6=21a 163a 1=13
,故选A.
解法二:由题意知S 6=a 1+a 2+a 3+a 4+a 5+a 6=a 1+a 3+a 5+(a 2+a 4+a 6)=a 1+a 3+a 5
+2(a 1+a 3+a 5)=3(a 1+a 3+a 5),故a 1+a 3+a 5S 6=1
3
,故选A.
[答案] A
3.(2019·四川绵阳一模)《九章算术》是我国古代的数学名著,书中有如下问题:“今有五人分五钱,令上二人所得与下三人等,问各得几何?”其意思为“已知甲、乙、丙、丁、戊五人分五钱,甲、乙两人所得与丙、丁、戊三人所得相同,且甲、乙、丙、丁、戊所得依次成等差数列,问五人各得多少钱?”(“钱”是古代一种质量单位),在这个问题中,甲得________钱( )
A.53
B.32
C.43
D.54
[解析] 甲、乙、丙、丁、戊五人所得钱数依次设为成等差数列的a 1,a 2,a 3,a 4,a 5,设公差为d ,由题意知a 1+a 2=a 3+a 4+a 5=52,即
???
2a 1+d =52
,
3a 1
+9d =52
,解得???
a 1=43
,
d =-1
6,
故甲
得4
3
钱,故选C. [答案] C
4.(2019·云南大理模拟)已知等比数列{a n },a 1=1,a 4=1
8
,且a 1a 2+a 2a 3+…+a n a n +1 则k 的取值范围是( ) A.????12,23 B.????12,+∞ C.????12,23 D.??? ?23,+∞ [解析] 设等比数列{a n }的公比为q ,q ≠0,则q 3=a 4a 1=1 8 , 解得q =12,所以a n =1 2n - 1, 所以a n a n +1=12n -1×12n =1 22n - 1, 所以数列{a n a n +1}是以12为首项,1 4 为公比的等比数列, 所以a 1a 2+a 2a 3+…+a n a n +1=12?? ??1-14n 1-14 =23 ????1-14n <2 3,因为a 1a 2+a 2a 3+…+a n a n +1 3 .故k 的取值范围是????23,+∞.故选D. [答案] D 5.(2019·湖南永州三模)已知数列{a n }是等差数列,前n 项和为S n ,满足a 1+5a 3=S 8,给出下列结论: ①a 10=0;②S 10最小;③S 7=S 12;④S 20=0. 其中一定正确的结论是( ) A .①② B .①③④ C .①③ D .①②④ [解析] ∵a 1+5a 3=S 8,∴a 1+5a 1+10d =8a 1+28d ,∴a 1=-9d ,∴a n =a 1+(n -1)d =(n -10)d ,∴a 10=0,故①一定正确.S n =na 1+ n (n -1)d 2=-9nd +n (n -1)d 2=d 2 (n 2-19n ),∴S 7 =S 12,故③一定正确.显然②④不一定正确,故选C. [答案] C 6.(2019·郑州二中期末)已知等差数列{a n }的公差d ≠0,且a 1,a 3,a 13成等比数列,若 a 1=1,S n 是数列{a n }的前n 项的和,则2S n +16 a n +3(n ∈N *)的最小值为( ) A .4 B .3 C .23-2 D.9 2 [解析] ∵a 1=1,a 1、a 3、a 13成等比数列, ∴(1+2d )2=1+12d .得d =2或d =0(舍去) ∴a n =2n -1, ∴S n =n (1+2n -1)2=n 2, ∴2S n +16a n +3=2n 2+162n +2 .令t =n +1, 则2S n +16a n +3 =t +9t -2≥6-2=4当且仅当t =3, 即n =2时等号成立,∴2S n +16 a n +3的最小值为4.故选A. [答案] A 二、填空题 7.(2019·福建四地六校联考)已知等差数列{a n }中,a 3=π 4 ,则cos(a 1+a 2+a 6)=________. [解析] ∵在等差数列{a n }中,a 1+a 2+a 6=a 2+a 3+a 4=3a 3=34π,∴cos(a 1+a 2+a 6)=cos 3 4 π=-2 2 . [答案] -2 2 8.(2019·山东菏泽一模)在等比数列{a n }中,a 2,a 16是方程x 2+6x +2=0的根,则 a 2a 16 a 9 的值为________. [解析] 设等比数列{a n }的公比为q ,由a 2,a 16是方程x 2+6x +2=0的根,可得a 2a 16 =2,所以a 29=2,则a 2a 16a 9 =a 9=± 2. [答案] ±2 9.(2019·安徽淮北一模)已知正项数列{a n }的前n 项和为S n ,且2S n =(a n -1)(a n +2).若数列{a n +λa n +1}总是等差数列,则此数列的公差为________. [解析] 当n =1时,2S 1=(a 1-1)(a 1+2),∵a 1>0,∴a 1=2.当n ≥2时,2a n =2(S n -S n - 1)=a 2n -a 2 n -1+a n -a n -1,∴(a n +a n -1)(a n -a n -1-1)=0,∵a n +a n -1>0,∴a n -a n -1=1,∴数 列{a n }是以2为首项,1为公差的等差数列,∴a n =n +1.∵(a n +1+λa n +2)-(a n +λa n +1)=(a n +1-a n )+λ(a n +2-a n +1)=1+λ,∴不论λ取何值,数列{a n +λa n +1}总是等差数列,且此数列的公差为1+λ. [答案] 1+λ 三、解答题 10.(2019·沈阳第一次质量监测)已知数列{a n }是等差数列,满足a 1=2,a 4=8,数列{b n }是等比数列,满足b 2=4,b 5=32. (1)求数列{a n }和{b n }的通项公式; (2)求数列{a n +b n }的前n 项和S n . [解] (1)设等差数列{a n }的公差为d ,由题意得d =a 4-a 1 3=2, 所以a n =a 1+(n -1)·d =2+(n -1)×2=2n . 设等比数列{b n }的公比为q ,由题意得q 3=b 5 b 2 =8,解得q =2. 因为b 1=b 2 q =2,所以b n =b 1·q n -1=2×2n -1=2n . (2)由(1)可得,S n =n (2+2n )2+2(1-2n ) 1-2 =n 2+n +2n +1-2. 11.(2019·河南六市调研检测)设数列{a n }前n 项和为S n ,且满足a 1=r ,S n =a n +1-1 32 (n ∈N *). (1)试确定r 的值,使{a n }为等比数列,并求数列{a n }的通项公式; (2)在(1)的条件下,设b n =log 2a n ,求数列{|b n |}的前n 项和T n . [解] (1)当n =1时,a 1=S 1=a 2-132.则a 2=a 1+1 32 , 当n ≥2时,S n -1=a n -1 32 ,与已知式作差,整理得a n =a n +1-a n ,即a n +1=2a n (n ≥2), 欲使{a n }为等比数列,则a 2=2a 1=2r ,又a 2=a 1+132,a 1=r ,∴r =1 32 , 故当r =132时,数列{a n }是以1 32 为首项,2为公比的等比数列, 此时a n =2n -6. (2)由(1)知b n =n -6,∴|b n |=? ???? 6-n ,n <6, n -6,n ≥6. 若n <6,则T n =-b 1-b 2-…-b n =11n -n 2 2 ; 若n ≥6,则T n =-b 1-b 2-…-b 5+b 6+…+b n =n 2-11n 2 +30, ∴T n =??? ?? 11n -n 2 2 ,n <6,n 2 -11n 2+30,n ≥6. 12.(2019·广东佛山质检)在数列{a n }中,a 1=1,a n +a n +1=pn +1,其中p 为常数. (1)若a 1,a 2,a 4成等比数列,求p 的值; (2)是否存在p ,使得数列{a n }为等差数列?并说明理由. [解] (1)由a n +a n +1=pn +1可得a 1+a 2=p +1,a 2+a 3=2p +1,a 3+a 4=3p +1,而a 1 =1,所以a 2=p ,a 3=p +1,a 4=2p . 又a 1,a 2,a 4成等比数列,所以a 22=a 1a 4 ,即p 2=2p ,解得p =0或p =2.当p =0时,a 1,a 2,a 4不成等比数列,所以p =2. (2)解法一:假设存在p ,使得数列{a n }为等差数列. 当n ≥2时,a n +a n +1=pn +1,a n -1+a n =pn -p +1, 两式相减得a n +1-a n -1=p , 所以{a 2n -1}是首项为1,公差为p 的等差数列,{a 2n }是首项为p ,公差为p 的等差数列,故a 2n -1=1+(n -1)p =pn +1-p =p 2(2n -1)+1-p 2,a 2n =p +(n -1)p =pn =p 2 ·2n . 因此要使得数列{a n }为等差数列,则1-p 2 =0,得p =2, 即存在p =2,使得数列{a n }为等差数列. 解法二:假设存在p ,使得数列{a n }为等差数列,设其公差为d . 则2a 2=a 1+a 3,即2p =1+p +1,解得p =2,d =a 2-a 1=p -1=1,因此a n =n .此时验证a n +a n +1=n +n +1=2n +1,满足条件,即存在p =2,使得数列{a n }为等差数列.