抽象函数常见题型及解法综述
抽象函数是指没有给出函数的具体解析式,只给出了一些体现函数特征的式子的一类函数.由于抽象函数表现形式的抽象性,使得这类问题是函数容的难点之一,其性质常常是隐而不漏,但一般情况下大多是以学过的常见函数为背景,对函数性质通过代数表述给出.抽象函数的相关题目往往是在知识网络的交汇处设计,高考对抽象函数的要考查函数的概念和知识的涵及外延的掌握情况、逻辑推理能力、抽象思维能力和数学后继学习的潜能.为了扩大读者的视野,特就抽象函数常见题型及解法评析如下.
一、函数的基本概念问题 1.抽象函数的定义域问题
例1 已知函数)(2x f 的定义域是[1,2],求)(x f 的定义域. 解:由)(2x f 的定义域是[1,2],是指1≤x≤2,所以1≤x 2≤4, 即函数)(x f 的定义域是[1,4].
评析:一般地,已知函数[()]f x ?的定义域是A ,求)(x f 的定义域问题,相当于已知[()]f x ?中x 的取值围为A ,据此求)(x ?的值域问题.
例2 已知函数)(x f 的定义域是[-1,2],求函数)]3([log 2
1x f -的定义域.
解:由)(x f 的定义域是[-1,2],意思是凡被f 作用的对象都在[-1,2]中,由此易得
-1≤log 2
1(3-x)≤2 ? (
21)2≤3-x≤(21
)1-?1≤x≤4
11.
∴函数)]3([log 2
1x f -的定义域是[1,
4
11
]. 评析:这类问题的一般形式是:已知函数)(x f 的定义域是A ,求函数))((x f ?的定义域.正确理解函数符号及其定义域的含义是求解此类问题的关键.一般地,若函数)(x f 的定义域是A ,则x 必须是A 中的元素,而不能是A 以外的元素,否则,)(x f 无意义.因此,如果)(0x f 有意义,则必有x 0∈A .所以,这类问题实
质上相当于已知)(x ?的值域是A ,据此求x 的取值围,即由)(x ?∈A 建立不等式,解出x 的围.例2和例1形式上正相反.
2.抽象函数的值域问题
例4 设函数f (x) 定义于实数集上,对于任意实数x 、y ,f (x + y) =f (x)f (y)总成立,且存在x 1≠x 2,使得f (x 1)≠f ( x 2),求函数f (x)的值域.
解:令x = y = 0,得f (0) =f
2
(0),即有f (0) = 0或f (0) = 1.
若f (0) = 0,则f (x) =f (x + 0) =f (x)f (0) = 0,对任意x∈R 均成立,这与存在实数x 1≠x 2,使得f (x 1)≠f ( x 2)成立矛盾.故f (0)≠0,即
f (0) = 1.
由于f (x + y) =f (x)f (y) 对任意x 、y∈R 均成立,因此,对任意x∈R,有
f (x) =f (
2x +2x ) =f (2x )f (2x ) = [f (2
x
)]2≥0. 下面只需证明,对任意x∈R,f (0)≠0即可.
设存在x 0∈R,使得f ( x 0) = 0,则f (0) =f ( x 0-x 0) =f ( x 0)f (-x 0) = 0,
这与f (0)≠0矛盾,因此,对任意x∈R,f (x)≠0. 所以f (x)>0.
评析:在处理抽象函数的问题时,往往需要对某些变量进行适当的赋值,这是一般向特殊转化的必要手段.
3.抽象函数的解析式问题
例5 设对满足 x≠0,x≠1的所有实数 x ,函数f (x) 满足f (x) +f (
x
x 1
-) = 1 + x ,求f (x) 的解析式. 解:在f (x) +f (x x 1-) = 1 + x , (1) 中以x
x 1
-代换其中 x ,得:
f
(x x 1-) +f (-11-x ) =x
x -1
2 , ⑵
再在(1)中以-
11-x 代换x ,得 :f (-1
1-x ) +f (x) =12--x x , ⑶
(1)-(2) + ⑶ 化简得:f (x) =)
1(21
23x -x x x --.
评析:如果把x 和
x
x 1
-分别看作两个变量,怎样实现由两个变量向一个变量的转化是解题关键.通常情况下,给某些变量适当赋值,使之在关系中“消失”,进而保留一个变量,是实现这种转化的重要策略.
二、寻觅特殊函数模型问题 1.指数函数模型
例6 设)(x f 定义于实数集R 上,当x >0时,)(x f >1 ,且对于任意实数x 、y ,有f (x + y) =)(x f ·)(y f ,同时f (1) = 2,解不等式f (3x -x 2)>4.
联想:因为a y x += a x ·a y (a >0,a≠1),因而猜测它的模型函数为)(x f = a x (a >0,a≠1)(由f (1) = 2,还可以猜想)(x f = 2x ).
思路分析:由)2(f =)11(+f =)1(f ·)1(f = 4,需解不等式化为f (3x -x 2)>)2(f .这样,证明函数)(x f 的(由)(x f = 2x ,只证明单调递增)成了解题的突破口.
解:由 f (x + y) =f (x) ·f (y) 中取x = y = 0 ,得f (0) =f
2
(0),
若f (0) = 0,令x >0 ,y = 0 ,则 f (x) = 0,与f (x)>1 矛盾.∴ f (0)≠ 0,即有f (0) = 1 .
当x >0 时 ,f (x)>1>0 ,当x <0 时 ,-x >0,f (-x)>1>0 , 而f (x) ·f (-x) =f (0) = 1, ∴ f (x) =
)
(1
x f ->0 .
又当x = 0 时,f (0) = 1>0 ,∴x∈R ,f (x)>0 .
设 -∞<x 1<x 2<+∞ ,则x 2-x 1>0 ,f ( x 2-x 1)>1 . ∴ f ( x 2) =f [ x 1+ ( x 2-x 1)] =f (x 1)f ( x 2-x 1)>f ( x 1) . ∴ y =f (x) 在R 上为增函数
又∵f (1) = 2,∴f (3x -x 2)>f (1) ·f (1) =f (1 + 1) =f (2),由f (x)的单调递增性质可得:
3x -x 2>2,解得1<x <2. 2.对数函数模型
例7 已知函数)(x f 满足:⑴f (
2
1
) = 1;⑵函数的值域是[-1,1];⑶在其定义域上单调递减;⑷()f x +()f y =f (x·y) 对于任意正实数x 、y 都成立.解不等式)(1
x f
-·)11(
1
x f
--≤2
1. 联想:因为log a (x·y) = log a x +log a y ,而log 2
1
21
= 1,y = log 2
1x 在其定义域[-1,1]为减函数,所以猜测它的模型函数为)(x f = log 2
1x 且)(1
x f
-的
模型函数为)(1
x f
-= (
2
1)x
. 思路分析:由条件⑵、⑶知,)(x f 的反函数存在且在定义域[-1,1]上递减,由⑴知)1(1
-f
=
2
1
.剩下的只需由)(1
x f -的模型函数性质和运算法则去证明
)(11
x f
-·)(21
x f
-=112()f x x -+,问题就能解决了.
解:由已知条件⑵、⑶知,f (x)的反函数存在,且f 1
-(1) =
2
1
,又在定义域[-1,1]上单调递减.
设y 1=f
1
-(x 1),y 2=f
1
-(x 2),则有x 1=f (y 1),x 2=f ( y 2) ,
∴x 1+ x 2=f (y 1) +f ( y 2) =f (y 1y 2),即有y 1y 2=f 1
-(x 1+ x 2).
∴)(11
x f
-·)(21
x f
-=112()f x x -+,
于是,原不等式等价于:
??????????
?≤-≤-≤≤-≤-+≤-≤-+--.1111,11,1111,)1()11(1
1x x x x f x x f ? ???
??
?
?
?
???≤-≤-≤≤-≤-+≤-≥-+.1111,11,1111,111x x x x x x ? x = 0. 故原不等式的解集为{0}.
解这类问题可以通过化抽象为具体的方法,即通过联想、分析,然后进行类比猜测,经过带有非逻辑思维成份的推理,即可寻觅出它的函数模型,由这些函数模型的性质、法则来探索此类问题的解题思路.
3.幂函数模型
例8 已知函数)(x f 对任意实数x 、y 都有)(xy f =)(x f ·)(y f ,且)1(-f =1,
)27(f =9,当0≤x<1时,0≤)(x f <1时.
⑴判断)(x f 的奇偶性;
⑵判断)(x f 在[0,+∞)上的单调性,并给出证明; ⑶若a≥0且)1(+a f ≤39,求a 的取值围.
联想:因为n x ·n y = (x·y)n ,因而猜测它的模型函数为)(x f =n x (由
)27(f =9,还可以猜想)(x f = x 3
2
).
思路分析:由题设可知)(x f 是幂函数y = x 3
2的抽象函数,从而可猜想)(x f 是偶函数,且在[0,+∞)上是增函数.
解:⑴令y =-1,则)(x f -=)(x f ·)1(-f , ∵)1(-f =1,∴)(x f -= )(x f ,即)(x f 为偶函数.
⑵若x≥0,则()f x
=f
=f
·f
=[f ]2≥0. 设0≤x 1<x 2,则0≤
2
1
x x <1,
∴)(1x f =)(
221x x x f ?=)(2
1x x
f ·)(2x f , ∵当x≥0时()f x ≥0,且当0≤x<1时,0≤)(x f <1. ∴0≤)(
2
1
x x f <1,∴)(1x f <)(2x f ,故函数)(x f 在[0,+∞)上是增函数. ⑶∵)27(f =9,又)93(?f =)3(f ·)9(f =)3(f ·)3(f ·)3(f = [)3(f ]3, ∴9 = [)3(f ]3,∴)3(f =39, ∵)1(+a f ≤39,∴)1(+a f ≤)3(f ,
∵a≥0,(a +1),3∈[0,+∞),函数在[0,+∞)上是增函数. ∴a+1≤3,即a≤2, 又a≥0,故0≤a≤2. 三、研究函数的性质问题 1.抽象函数的单调性问题
例9 设f (x) 定义于实数集上,当x >0时,f (x)>1 ,且对于任意实数x 、y ,有f (x + y) =f (x) ·f (y),求证:f (x) 在R 上为增函数.
证明:由 f (x + y) =f (x)f (y) 中取x = y = 0,得f (0) =)0(2f , 若f (0) = 0,令x >0,y = 0,则 f (x) = 0,与f (x)>1 矛盾.∴ f (0)≠0,即有f (0) = 1.
当x >0时,f (x)>1>0,当x <0时,-x >0,f (-x)>1>0, 而f (x) ·f (-x) =f (0) = 1,∴ f (x) =
)
(1
x f ->0 . 又当x = 0 时,f (0) = 1>0 ,∴x∈R,f (x)>0. 设 -∞<x 1<x 2<+∞,则x 2-x 1>0,f ( x 2-x 1)>1.
∴ f ( x 2) =f [ x 1+ ( x 2-x 1)] =f (x 1)f ( x 2-x 1)>f ( x 1). ∴ y =f (x) 在R 上为增函数.
评析:一般地,抽象函数所满足的关系式,应看作给定的运算法则,而变量的赋值或变量及数值的分解与组合都应尽量与已知式或所给关系式及所求的结果相关联.
2.抽象函数的奇偶性问题
例10 已知函数f (x) (x∈R,x≠0)对任意不等于零实数x 1、x 2 都有
f (x 1·x 2) =f (x 1) +f (x 2),试判断函数f (x) 的奇偶性.
解:取x 1=-1,x 2= 1得:f (-1) =f (-1) +f (1),∴f (1) = 0. 又取x 1= x 2=-1得:f (1) =f (-1) +f (-1),∴f (-1) = 0. 再取x 1= x ,x 2=-1则有f (-x) =f (-1) +f (x),即f (-x) =f (x), ∵f (x)为非零函数,∴f (x)为偶函数. 3.抽象函数的周期性问题
例11 函数)(x f 定义域为全体实数,对任意实数 a 、b ,有f (a +b)+f (a
-b) =2f (a) ·f (b),且存在C >0 ,使得)2(C
f = 0 ,求证f (x) 是周期函
数.
联想:因为cos(a +b)+cos(a -b) = 2cosacosb ,且cos
2
π
= 0,因而得出它的模型函数为y = cosx ,由y = cosx 的周期为π2,可猜想2C 为)(x f 的一个周期.
思路分析:要在证明2C 为)(x f 的一个周期,则只需证)2(C x f +=)(x f ,而
由已知条件)2
(C
f = 0和f (a +b)+f (a -b) =2f (a) ·f (b)知,必须选择好a 、
b 的值,是得条件等式出现)2
(C
f 和)(x f .
证明:令a = x +2C ,b =2C
,代入f (a +b)+f (a -b) = 2f (a) ·f (b)
可得
f (x +C ) =-f (x).
∴f (x +2C ) =f [(x +C)+C ] =-f (x +C ) =f (x) ,即)(x f 是以 2C 为
2009届高考数学快速提升成绩题型训练——抽象函数 D
7. 已知定义在R 上的偶函数y=f(x)的一个递增区间为(2,6),试判断(4,8)是y=f(2-x)的递增区间还是递减区间? 8. 设f (x )是定义在R 上的奇函数,且对任意a ,b ,当a+b ≠0,都有b a b f a f ++)()(>0 (1).若a >b ,试比较f (a )与f (b )的大小; (2).若f (k )293()3--+?x x x f <0对x ∈[-1,1]恒成立,求实数k 的取值范围。 9.已知函数()f x 是定义在(-∞,3]上的减函数,已知 22(sin )(1cos )f a x f a x -≤++对x R ∈恒成立,求实数a 的取值范围。 10.已知函数(),f x 当,x y R ∈时,恒有()()()f x y f x f y +=+. (1)求证: ()f x 是奇函数; (2)若(3),(24)f a a f -=试用表示. 11.已知()f x 是定义在R 上的不恒为零的函数,且对于任意的,,a b R ∈都满足:
()()()f a b af b bf a ?=+. (1)求(0),(1)f f 的值; (2)判断()f x 的奇偶性,并证明你的结论; (3)若(2)2f =,*(2) ()n n f u n N n -=∈,求数列{n u }的前n 项和n s . 12.已知定义域为R 的函数()f x 满足22(()))()f f x x x f x x x -+=-+. (1)若(2)3,(1);(0),();f f f a f a ==求又求 (2)设有且仅有一个实数0x ,使得00()f x x =,求函数()f x 的解析表达式. 13.已知函数()f x 的定义域为R,对任意实数,m n 都有1 ()()()2 f m n f m f n +=++, 且1()02f =,当1 2 x >时, ()f x >0. (1)求(1)f ; (2)求和(1)(2)(3)...()f f f f n ++++*()n N ∈; (3)判断函数()f x 的单调性,并证明. 14.函数()f x 的定义域为R,并满足以下条件:①对任意x R ∈,有()f x >0;②对任
第五节 函数的图象 ? 基础知识 1.利用描点法作函数图象 其基本步骤是列表、描点、连线. 首先:(1)确定函数的定义域; (2)化简函数解析式; (3)讨论函数的性质(奇偶性、单调性、周期性、对称性等);其次,列表,描点,连线. 2.函数图象的变换 (1)平移变换 ①y =f (x )的图象――――――――→a >0,右移a 个单位 a <0,左移|a |个单位y =f (x -a )的图象; ②y =f (x )的图象――――――――→ b >0,上移b 个单位b <0,下移|b |个单位 y =f (x )+b 的图象. “左加右减,上加下减”,左加右减只针对x 本身,与x 的系数,无关,上加下减指的是在f (x )整体上加减. (2)对称变换 ①y =f (x )的图象―――――→关于x 轴对称 y =-f (x )的图象; ②y =f (x )的图象―――――→关于y 轴对称 y =f (-x )的图象; ③y =f (x )的图象――――――→关于原点对称 y =-f (-x )的图象; ④y =a x (a >0且a ≠1)的图象―――――――→关于直线y =x 对称 y =log a x (a >0且a ≠1)的图象. (3)伸缩变换 ①y =f (x )的图象―――――――――――――――――――→a >1,横坐标缩短为原来的1 a 纵坐标不变 01,纵坐标伸长为原来的a 倍,横坐标不变 0 抽象函数常见题型解法综述 抽象函数是指没有给出函数的具体解析式,只给出了一些体现函数特征的式子的一类函数。由于抽象函数表现形式的抽象性,使得这类问题成为函数内容的难点之一。本文就抽象函数常见题型及解法评析如下: 一、定义域问题 例1. 已知函数)(2x f 的定义域是[1,2],求f (x )的定义域。 解:)(2x f 的定义域是[1,2],是指21≤≤x ,所以)(2x f 中的2x 满足412≤≤x 从而函数f (x )的定义域是[1,4] 例2. 已知函数)(x f 的定义域是]21[,-,求函数)]3([log 2 1x f -的定义域。 解:)(x f 的定义域是]21[,-,意思是凡被f 作用的对象都在]21[,-中,由此可得 4111)21(3)21(2)3(log 1122 1≤≤?≤-≤?≤-≤--x x x 所以函数)]3([log 2 1x f -的定义域是]4111[, 二、求值问题 例3. 已知定义域为+R 的函数f (x ),同时满足下列条件:①5 1)6(1)2(==f f ,;②)()()(y f x f y x f +=?,求f (3),f (9)的值。 解:取32==y x ,,得)3()2()6(f f f += 因为5 1)6(1)2(= =f f ,,所以54)3(-=f 又取3==y x 得5 8)3()3()9(-=+=f f f 三、值域问题 例4. 设函数f (x )定义于实数集上,对于任意实数x 、y ,)()()(y f x f y x f =+总成立,且存在21x x ≠,使得)()(21x f x f ≠,求函数)(x f 的值域。 解:令0==y x ,得2)]0([)0(f f =,即有0)0(=f 或1)0(=f 。 若0)0(=f ,则0)0()()0()(==+=f x f x f x f ,对任意R x ∈均成立,这与存在实数21x x ≠,使得)()(21x f x f ≠成立矛盾,故0)0(≠f ,必有1)0(=f 。 由于)()()(y f x f y x f =+对任意R y x ∈、均成立,因此,对任意R x ∈,有 0)]2 ([)2()2()22()(2≥==+=x f x f x f x x f x f 下面来证明,对任意0)(≠∈x f R x , 设存在R x ∈0,使得0)(0=x f ,则0)()()()0(0000=-=-=x f x f x x f f 这与上面已证的0)0(≠f 矛盾,因此,对任意0)(≠∈x f R x , 所以0)(>x f 四、解析式问题 例5. 设对满足10≠≠x x ,的所有实数x ,函数)(x f 满足x x x f x f +=-+1)1( )(, 这份资料是全部内容已经完成的一部分, 写中。此资料是必修一函数部分的总结, 同学有所帮助。 路。部分题目仅仅是题目。 的题目,总结这一类题目的思路与方法。活学活用。 第一部分典型例题解析 一、函数部分 一、函数的值域:求函数值域的常用方法有 方法、判别式、换元、分离常数法、方程法)。 1、函数y=的值域是()。A、[0,+ B、[0,4) C[0,4] D(0,4) 解析:本题是指数函数与幂函数复合, 各自的取值范围。所以本题我们用直接分析法。 [) 40160 0160,4 x x x x ∴∴≥ ≤ Q>16-4<;要根号有意义,16-4 综上可知:16-4< 2、若函数() y f x =的值域是 1 ,3 2 ?? ?? ?? ,则函 1 ()() () F x f x f x =+的值域是()。 11051010 .,3.2,.,.3, 23223 A B C D ???????? ???????? ???????? 解析:本题是复合函数求值域,可变 11 (),()(),,3 2 f x t F x F t t t t ?? ===+∈?? ?? 。 方法一:定义求单调区间 21 212121 2112 212112 12 12 12 1212 12 12 11 (),()(),,3,, 2 111 ()()()()(1). 1 011 1 11(1)0 1 1111 1 (1)0 f x t F x g t t t t t t g t g t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t t ?? ===+∈?? ?? ∴-=+-+=-- -∴? - ? - Q 令> >,∴>。当>时,求得< <,<。此时<,函数递减。 当<时,求得>>,>。 此时>,函数递增 [] 1 ,1,1,3.. 2 151010 (),(1)2,(3).()2,. 2233 x x g g g F x ?? ∴∈∈ ?? ?? ?? ∴===∴∈?? ?? 。 时函数递减.时函数递增 学了不等式的话,我们可以由基本不等式求单调 11 0,2, 1. 1 1 ,3 2 t t t t t t t ∴+≥=?= = = 此时 时,函数取得最小值。然后判断 时的函数值即可。 2 34 x y x = - 的值域是() 44 ,)(,) 33 -∞+∞ U B. 22 (,)(,) 33 -∞+∞ U C.R 24 ,)(,) 33 -∞+∞ U 分离常数法。希望同学自己探究分离常数的方法。 22882 .0,. 3439129123 22 ,, 33 x y x x x =+≠∴≠ --- ???? ∈-∞+∞ ? ? ???? Q U 24 .(34)2.. 3432 2 320. 3 22 ,, 33 x y y x x x x y y y ?∴-=?= -- ∴-≠?≠ ???? ∈-∞+∞ ? ? ???? U 2 1 22 x y x x + = ++ 的值域是()。 11 (,) 22 - B.(11 ,,) 22 ?? -∞-+∞ ?? ?? U C. 11 , 22 ?? -?? ?? ]1,1 - () 2 2 2 2 2 (21)210. 22110, , (21)210 11 =40.,. 22 ) yx y x y x x R y x y b a c y ?+-+-= ++=++≠ ∈ +-+-= ?? -≥∈-?? ?? 方程有意义。 在R上有根。 解得 讨论一元一次方程情况 1 1 (1) 1 y x x = ++ + ,参考例题2两个方法。 R的函数() y f x =的值域为[],a b,则函数 冷世平之高考复习专题资料 第 1 页 共 7 页 抽象函数解题策略 抽象函数是指没有给出函数的具体解析式,只给出了一些体现函数特征的式子的一类函数。由于抽象函数表现形式的抽象性,使得这类问题成为函数内容的难点之一.抽象性较强,灵活性大,解抽象函数重要的一点要抓住函数中的某些性质,通过局部性质或图象的局部特征,利用常规数学思想方法(如化归法、数形结合法等),这样就能突破“抽象”带来的困难,做到胸有成竹.另外还要通过对题目的特征进行观察、分析、类比和联想,寻找具体的函数模型,再由具体函数模型的图象和性 【题型1】定义域问题 --------多为简单函数与复合函数的定义域互求。 【例1】⑴若函数(21)f x -的定义域为{}|13x x ≤<,则函数()f x 的定义域为 ⑵若函数()f x 的定义域为{}|13x x ≤<,则函数(21)f x -的定义域为 【题型2】求值问题-----抽象函数的性质是用条件恒等式给出的,可通过赋特殊值法使问题得以解决。怎样赋值?需要明确目标,细心研究,反复试验。紧扣已知条件进行迭代变换,经有限次迭代可直接求出结果,或者在迭代过程中发现函数具有周期性,利用周期性使问题巧妙获解。 【例2】已知()f x 的定义域为R +,且()()()f x y f x f y +=+对一切正实数,x y 都成立,若(8)4f =,则(2)_____f = 【分析】在条件()()()f x y f x f y +=+中,令4x y ==,得(8)(4)(4)2(4)4f f f f =+==,(4)2f ∴=,又令2x y ==,得(4)(2)(2)2,(2)1f f f f =+=∴=。 1.()f x 的定义域为(0,)+∞,对任意正实数,x y 都有()()()f xy f x f y =+且(4)2f =,则 _____ f =12 2.若()()()f x y f x f y +=且(1)2f =,则 (2)(4)(6)(2000) ______(1)(3)(5)(1999) f f f f f f f f ++++= 20002222(1)(2)(2)(4)(3)(6)(4)(8) ______(1)(3)(5)(7) f f f f f f f f f f f f +++++++=16【提示】()2n f n = 高考数学总复习:抽象函数题型 抽象函数是指没有明确给出具体的函数表达式,只是给出一些特殊关系式的函数,它是中学数学中的一个难点,因为抽象,学生解题时思维常常受阻,思路难以展开,教师对教材也难以处理,而高考中又出现过这一题型,有鉴于此,本文对这一问题进行了初步整理、归类,大概有以下几种题型: 一. 求某些特殊值 这类抽象函数一般给出定义域,某些性质及运算式而求特殊值。其解法常用“特殊值法”,即在其定义域内令变量取某特殊值而获解,关键是抽象问题具体化。 例1 定义在R 上的函数f x ()满足:f x f x ()()=-4且f x f x ()()220-+-=,求 f ()2000的值。 解:由f x f x ()()220-+-=, 以t x =-2代入,有f t f t ()()-=, ∴f x ()为奇函数且有f ()00= 又由f x f x ()[()]+=--44 =-=-∴+=-+=f x f x f x f x f x ()() ()()() 84 故f x ()是周期为8的周期函数, ∴==f f ()()200000 例2 已知函数f x ()对任意实数x y ,都有f x y f x f y ()()()+=+,且当x >0时, f x f ()()>-=-012,,求f x ()在[]-21,上的值域。 解:设x x 12< 且x x R 12,∈, 则x x 210->,高一数学抽象函数常见题型
高中数学必修一函数题型方法总结
【智博教育原创专题】抽象函数常见题型解法
抽象函数题型Word版